山東省東營市2023屆中考物理試卷帶答案

2023年山東省東營市中考物理試卷一、本大題包括10小題，每小題3分，共30分．在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目要求．1．在旅游景區，導游常利用擴音器進行講解，如圖所示．關于擴音器的作用以下說法正確的是（）A．提高聲音的音調B．增大聲音的響度C．改變聲音的音色D．改變聲音的傳播速度2．如圖所示，旅游景區的索道纜車載著游客勻速上山，它具有的（）A．動能增加，重力勢能增加B．動能不變，機械能減少C．動能減少，重力勢能增加D．動能不變，機械能增加3．對以下自然現象說法正確的是（）A．春日清晨，草葉上形成露珠是升華現象B．夏天傍晚，院子里灑水利用液化吸熱降溫C．晚秋時節，瓦片上出現白霜是凝固現象D．深冬時節，樹枝上出現霧凇是凝華現象4．為倡導低碳出行，東營市投放了大量的共享單車，如圖所示．共享單車的設計應用到許多物理學知識，以下說法正確的是（）A．車座設計的面積較大可以增大壓強B．輪胎表面設計凹凸不平的花紋可以減小摩擦C．紅色尾燈利用光的反射起到警示的作用D．剎車手閘是費力杠桿5．進入“十三五”以來，我國的國防科技事業得到突飛猛進的發展，以下說法正確的是（）①天舟一號與天宮二號在太空成功對接后，以天宮二號為參照物，天舟一號是靜止的②靜止在水面的新型國產航母受到的重力和浮力的三要素相同③東風系列導彈發射時由推進器提供動力，說明力可以改變物體的運動狀態④新型國產大飛機C919降落時，關閉發動機后飛機由于慣性仍能滑行一段距離．A．①②③B．①③④C．②③④D．①②④6．閱讀圖表信息判斷下面的說法，其中正確的是（）常溫常壓下部分物質的密度/（kg?m﹣3）金19.3×103水銀13.6×103鋼、鐵7.9×103純水1.0×103冰（0℃）0.9×103植物油0.9×103干松木0.5×103酒精0.8×103A．固體的密度一定比液體的密度大B．體積相同的植物油和酒精，酒精的質量大C．同種物質在不同狀態下，其密度一般不同D．不同物質的密度一定不同7．如圖所示，甲、乙分別是酒精在標準大氣壓下熔化和沸騰時溫度隨時間變化的圖象，下列說法正確的是（）A．固態酒精是非晶體B．在﹣117℃時，酒精處于液態C．酒精溫度計可以用來測量沸水的溫度D．酒精在沸騰過程中吸熱但溫度不變8．如圖所示，物理興趣小組分別用甲、乙兩個滑輪組勻速提起質量相同的物體，不計繩重及摩擦．若每個滑輪質量相同，對比兩個滑輪組，下列說法正確的是（）A．甲更省力，甲機械效率大B．乙更省力，機械效率一樣大C．乙更省力，乙機械效率大D．甲更省力，機械效率一樣大9．如圖所示，電源電壓保持不變，閉合開關S0滑動變阻器R的滑片向右移動的過程中，下列說法正確的是（）A．閉合開關S，若甲、乙均為電壓表，則兩表示數均變小B．斷開開關S，若甲、乙均為電流表，則兩表示數均變大C．閉合開關S，若甲、乙均為電壓表，則甲示數不變，乙示數變大D．斷開開關S，若甲、乙均為電流表，則乙示數不變，甲示數變大10．如圖所示，完全相同的甲、乙兩個燒杯內裝有密度不同的液體．在兩燒杯中，距離杯底同一高度處有A、B兩點，已知A、B兩點壓強相等，則燒杯甲、乙對桌面的壓強p甲、p乙大小關系為（）A．p甲＜p乙B．p甲＞p乙C．p甲=p乙D．條件不足，無法判斷二、填空題（本大題包括7小題，13題1分，16題3分，其余每小題2分，共14分）11．北斗衛星導航系統是中國自行研制的，具有定位、導航和通訊等功能．北斗衛星導航系統利用傳遞信息，這種信號（選填“能”或“不能”）在真空中傳播．12．通常情況下，家庭電路中各個用電器的通斷，不應該影響其他用電器的通斷，所以用電器應該（選填“串聯”或“并聯”）后接在電路中，控制用電器的開關要連接在（選填“火線”或“零線”）和用電器之間．13．2023年4月，東營園博園內的郁金香競相開放，吸引了廣大市民前來觀賞．“暖風熏得游人醉，郁金香滿園博園”，從物理學角度分析，人們能聞到郁金香花散發的香味，是因為花朵分泌的芳香分子在．14．考場內翻閱試卷的聲音是由紙張的產生的．倒車雷達利用（選填“超聲波”或“次聲波”）探測障礙物，幫助司機倒車．15．校園里時常出現小“旋風”，當“旋風”經過時，旋渦中心氣流的速度（選填“大”或“小”），旋渦內部氣體壓強，容易把地面上的紙屑“吸”向空中．16．2023年5月18日，我國首次海域可燃冰（天然氣水合物）試采成功，實現了歷史性突破．可燃冰分布于深海沉積物或陸域永久凍土中，是由天然氣與水在高壓低溫條件下形成的類冰狀結晶物質，燃燒后僅會生成少量的二氧化碳和水．根據測算，1立方米可燃冰可以分解釋放出160立方米以上的天然氣．完全燃燒5立方米可燃冰產生的熱量至少為（天然氣熱值為3.2×107J/m3）．試寫出可燃冰具備的兩條優點、．17．如圖為某道路交通標志牌：小型車最高行駛速度不得超過100km/h，而大型客車、載貨汽車最高行駛速度不得超過80km/h．請用動能的知識解釋這樣規定的原因是．三、作圖、實驗與探究題（本大題包括5小題，共33分）18．如圖所示，護林員利用一塊平面鏡使此時的太陽光水平射向山洞中P點，請你通過作圖標出平面鏡的位置，并標出反射角的度數．19．如圖所示，請在圖中標出電源的“+”、“﹣”極，并用箭頭標出磁感線的方向．20．（8分）物理興趣小組在探究“凸透鏡成像的規律”實驗時：（1）用圖甲所示的裝置測出凸透鏡的焦距為cm．（2）圖乙是某次實驗時觀察到的現象，生活中的（選填“放大鏡”、“投影儀”或“照相機”）是利用這一原理制成的．保持凸透鏡不動，把蠟燭向左移動一段距離，要想在光屏上再次得到清晰的像，應該把光屏向（選填“左”或“右”）移動一段距離，像（選填“變大”、“變小”或“不變”）．（3）實驗時，光屏上得到了蠟燭清晰的像，一同學不小心在凸透鏡上濺了一個小泥點，則光屏上（選填“有”或“沒有”）小泥點的像或影子．（4）將近視眼鏡片放在蠟燭與凸透鏡之間，光屏上原來清晰的像變模糊了．使光屏遠離透鏡，又能在光屏上看到蠟燭清晰的像，這說明近視眼鏡對光線有作用．由此可知，在近視眼得到矯正之前，物體的像成在視網膜的．21．（10分）物理興趣小組在做“測量小燈泡的電阻”實驗時，準備了以下器材：小燈泡（額定電壓為2.5V）、電流表（0～0.6A，0～3A）、電壓表（0～3V，0～15V）、開關、兩節干電池、滑動變阻器、導線若干．如圖甲為該小組連接的實物圖．（1）請指出實物圖連接的兩處錯誤．①②（2）正確連接電路后，閉合開關，當滑動變阻器的滑片置于某位置時，電流表和電壓表的示數如圖乙、丙所示，電流表示數為A，則小燈泡電阻為Ω．（計算結果保留一位小數）（3）改變滑動變阻器滑片的位置，記錄下不同時刻的電壓值和電流值，并計算出小燈泡在不同電壓下的電阻值，數據處理表格如下所示，其中有一處是不恰當的，這一處是，原因是．實驗次數電壓/V電流/A電阻/Ω平均電阻/Ω11.00.175.97.721.40.187.831.80.228.242.00.238.7（4）該小組又利用這個電路測量小燈泡的額定功率，應調節滑動變阻器滑片使電壓表示數為V，若此時電流表示數為0.25A，則小燈泡的額定功率為W．22．（11分）浸沒在液體中的物體受到的浮力，實質上是由于液體對其上、下表面的壓力不同造成的．在液體中，深度越深，液體壓強越大，物體受到的壓力也越大．浸沒在液體中的物體所受到的浮力大小與浸沒在液體中的深度是否有關呢？為探究這個問題，實驗室準備了彈簧測力計、天平、石塊、木塊、細線、燒杯、水．請你根據需要選擇器材，完成以下題目．（1）提出問題：（2）實驗器材：（3）實驗步驟：（4）分析與論證：（5）交流與合作：與同學進行交流時，有同學提出實驗過程中未保證物體“浸沒”在水中，你認為他能不能得到正確的結論？為什么？四、計算題（本大題包括2小題，共23分．解答時應寫出必要的文字說明、公式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分）23．（11分）某品牌智能滾筒洗衣機具有洗凈度高、不傷衣物、可設定洗滌溫度、方便安全等優點．其簡化等效電路如圖所示，此時處于空檔位置．閉合開關S，旋鈕繞P轉動，實現檔位轉換，旋至1檔時R1、R2同時工作，洗衣機處于加熱狀態；旋至2檔時R2和電動機同時工作，洗衣機處于保溫洗滌狀態．R1和R2均為電熱絲，其阻值不受溫度影響，R1=22Ω，主要參數如下表．（c水=4.2×103J/（kg?℃））**牌智能滾筒洗衣機額定電壓220V加熱功率2400W設定溫度范圍30℃～90℃電動機功率240W防電墻電阻1×106Ω（1）洗衣機內注入10kg的水，在額定電壓下連續加熱1050秒，水溫由20℃上升到50℃，此過程中的加熱效率是多少？（2）R2阻值是多少？（3）洗衣機處于保溫洗滌狀態時，干路電流是多少？（4）防電墻技術的應用是洗衣機未來發展的趨勢．防電墻通過在洗衣機內部形成永久性電阻保證人的安全．異常漏電情況下，電流依次經防電墻和人體流入大地，若人體的最大電阻為1×105Ω，人體的安全電壓不高于36V，通過計算判斷防電墻技術能否保證人的安全．24．（12分）進入三月份以來，東營街頭出現了一種共享電動汽車．下表是這種汽車的主要參數．（g取10N/kg）空車質量800kg每個輪胎與地面接觸面積50cm2電池容量44kW?h標準承載200kg最大續航（充滿電最大行駛路程）200km所受阻力與汽車總重的比值0.09（1）電動機是電動汽車的核心部分，電動機工作時能量的轉化是．電動機的工作原理是．（2）標準承載下，電動汽車靜止時對水平地面的壓強是多少？（3）圖2是電動汽車行駛在某路段的路程與時間圖象，標準承載下，電動汽車以速度勻速行駛1分鐘的耗電量為0.4kW?h，電動機的效率是多少？（4）若某燃油汽車百公里耗油6升，每升油5.5元，電動汽車充電每度0.8元，通過計算比較使用燃油汽車與電動汽車哪種更經濟？2023年山東省東營市中考物理試卷參考答案與試題解析一、本大題包括10小題，每小題3分，共30分．在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目要求．1．在旅游景區，導游常利用擴音器進行講解，如圖所示．關于擴音器的作用以下說法正確的是（）A．提高聲音的音調B．增大聲音的響度C．改變聲音的音色D．改變聲音的傳播速度【考點】9F：響度．【分析】根據擴音器就是把音量放大了，讓聲音傳的更遠，對各個選項逐一分析即可．【解答】解：擴音器的作用就是把音量放大了，讓聲音傳的更遠，聲音經過擴音器后響度變大．故選B．【點評】掌握擴音器是改變聲音大小的設備．2．如圖所示，旅游景區的索道纜車載著游客勻速上山，它具有的（）A．動能增加，重力勢能增加B．動能不變，機械能減少C．動能減少，重力勢能增加D．動能不變，機械能增加【考點】FN：動能和勢能的大小變化．【分析】動能與物體的質量和運動速度有關，質量越大，速度越快，動能就越大．重力勢能與物體的質量和高度有關，質量越大，高度越高，重力勢能就越大．機械能是動能和勢能的總和．【解答】解：纜車是勻速上山，速度不變，故動能不變；纜車在上山過程中高度不斷增加，故重力勢能增大；動能不變，重力勢能增加，故其總和機械能也在增大．故選D．【點評】本題考查的是動能和重力勢能的影響因素、機械能的概念，是很基礎的題目．3．對以下自然現象說法正確的是（）A．春日清晨，草葉上形成露珠是升華現象B．夏天傍晚，院子里灑水利用液化吸熱降溫C．晚秋時節，瓦片上出現白霜是凝固現象D．深冬時節，樹枝上出現霧凇是凝華現象【考點】1M：液化及液化現象；1H：汽化及汽化吸熱的特點；1R：生活中的凝華現象．【分析】（1）在一定條件下，物體的三種狀態﹣﹣固態、液態、氣態之間會發生相互轉化，這就是物態變化；（2）物質由氣態直接變為固態叫凝華，物質由固態直接變為氣態叫升華；由氣態變為液態叫液化，由液態變為氣態叫汽化；由固態變為液態叫熔化，由液態變為固態叫凝固．（3）六種物態變化過程中，都伴隨著吸熱或放熱；其中放出熱量的物態變化有：凝固、液化、凝華；吸熱的有：熔化、汽化、升華．【解答】解：A、春日清晨，草葉上形成露珠是水蒸氣遇冷液化形成的，故A錯誤；B、水由液態變成氣態是汽化現象，汽化吸熱，所以夏天傍晚，院子里灑水利用汽化吸熱降溫的，故B錯誤；C、晚秋時節，瓦片上出現白霜是水蒸氣遇冷凝華形成的小冰晶，故C錯誤；D、深冬時節，樹枝上出現霧凇是水蒸氣遇冷凝華形成的小冰晶，故D正確．故選D．【點評】本題主要考查學生對生活中常見的物態變化的認識和了解，是一道基礎題．4．為倡導低碳出行，東營市投放了大量的共享單車，如圖所示．共享單車的設計應用到許多物理學知識，以下說法正確的是（）A．車座設計的面積較大可以增大壓強B．輪胎表面設計凹凸不平的花紋可以減小摩擦C．紅色尾燈利用光的反射起到警示的作用D．剎車手閘是費力杠桿【考點】85：減小壓強的方法及其應用；7I：增大或減小摩擦的方法；7O：杠桿的分類；A6：光的反射．【分析】（1）減小壓強的方法：是在壓力一定時，通過增大受力面積來減小壓強；是在受力面積一定時，通過減小壓力來減小壓強．（2）增大摩擦力的方法：在接觸面粗糙程度一定時，通過增大壓力來增大摩擦力；在壓力一定時，通過增大接觸面的粗糙程度來增大摩擦力．（3）自行車尾燈利用光的反射可達警示提醒目的；（4）判斷是哪種類型的杠桿，主要看動力臂、阻力臂的大小關系，動力臂大于阻力臂是省力杠桿，動力臂小于阻力臂是費力杠桿，動力臂等于阻力臂既不省力也不費力．【解答】解：A、車座設計的面積較大，是在壓力一定時，通過增大受力面積來減小壓強；故A錯誤；B、輪胎表面設計凹凸不平的花紋可以在壓力一定時，通過增大接觸面的粗糙程度來增大摩擦力．故B錯誤；C、自行車的尾燈都是垂直的面，車燈照在尾燈上經過兩次反射又按原來的方向反射回去，屬于光的反射現象，故C正確；D、剎車裝置動力臂大于阻力臂，應是省力杠桿，故D錯誤．故選C．【點評】自行車是日常生活中最常見的交通工具，從自行車的結構和使用來看，應用了非常多的物理知識，包括力學、聲現象、光現象、大氣壓強、杠桿及簡單機械等方面，平時多注意觀察，將學到的知識與實際應用結合起來．5．進入“十三五”以來，我國的國防科技事業得到突飛猛進的發展，以下說法正確的是（）①天舟一號與天宮二號在太空成功對接后，以天宮二號為參照物，天舟一號是靜止的②靜止在水面的新型國產航母受到的重力和浮力的三要素相同③東風系列導彈發射時由推進器提供動力，說明力可以改變物體的運動狀態④新型國產大飛機C919降落時，關閉發動機后飛機由于慣性仍能滑行一段距離．A．①②③B．①③④C．②③④D．①②④【考點】53：運動和靜止的相對性；6F：力的作用效果；6L：慣性．【分析】①看被研究的物體與所選的標準，即參照物之間的相對位置是否發生了改變，如果發生改變，則物體是運動的；如果未發生變化，則物體是靜止的；②力的三要素：大小、方向、作用點；③力的作用效果：力可以改變物體的形狀，也可以改變物體的運動狀態；④物體保持運動狀態不變的性質叫慣性，慣性是物體的一種屬性，一切物體都有慣性．【解答】解：①完成對接后，天宮二號與天舟一號的位置不再發生變化，以天宮二號為參照物，天舟一號是靜止的．故①正確；②力的三要素相同是力的大小、方向、作用點都相同，而靜止在水面的新型國產航母受到的重力和浮力大小相同，方向相反，故②錯誤；③力可以改變物體的形狀，也可以改變物體的運動狀態；東風系列導彈發射時由推進器提供動力，說明力可以改變物體的運動狀態，故③正確；④飛機原來是運動的，關閉發動機后，飛機由于慣性仍保持原來的運動狀態，所以仍能繼續向前滑行；故④正確．故選B．【點評】此題考查的知識點比較多，有力的作用效果；運動和靜止的相對性；慣性等物理知識和規律，需要同學們仔細、全面分析，認真考慮，才能得出正確答案．6．閱讀圖表信息判斷下面的說法，其中正確的是（）常溫常壓下部分物質的密度/（kg?m﹣3）金19.3×103水銀13.6×103鋼、鐵7.9×103純水1.0×103冰（0℃）0.9×103植物油0.9×103干松木0.5×103酒精0.8×103A．固體的密度一定比液體的密度大B．體積相同的植物油和酒精，酒精的質量大C．同種物質在不同狀態下，其密度一般不同D．不同物質的密度一定不同【考點】28：密度及其特性．【分析】從表中可以得出信息，物質雖然不同，但密度可能相同，固體物質的密度不一定大于液體的密度，同種物質密度不一定相同，已知物體密度的大小和體積的大小，根據密度公式可比較質量的大小．【解答】解：A、水銀是液體，但它的密度比銅和鋁的密度都大，故A錯誤；B、體積相同的植物油和酒精，植物油的密度大于酒精的密度，根據公式m=ρV可知植物油的質量大，故B錯誤；C、水和冰屬于同一種物質，但密度不同．故C正確；D、冰和植物油不是同一種物質，但密度相等．故D錯誤．故選C．【點評】本題考查密度特性的應用和密度公式的應用，解題的關鍵能從題目所給信息中找到有用的數據．7．如圖所示，甲、乙分別是酒精在標準大氣壓下熔化和沸騰時溫度隨時間變化的圖象，下列說法正確的是（）A．固態酒精是非晶體B．在﹣117℃時，酒精處于液態C．酒精溫度計可以用來測量沸水的溫度D．酒精在沸騰過程中吸熱但溫度不變【考點】1G：晶體的熔化和凝固圖像；1I：沸騰及沸騰條件．【分析】（1）辨別晶體與非晶體主要看這種物質是否有一定的熔點，即有一段時間這種物質吸熱，但溫度不升高，而此時就是這種物質熔化的過程．（2）處于熔點溫度，可能為固態，可能為液體，可能為固液共存狀態；（3）酒精的沸點比水的沸點低；（4）液體沸騰時吸熱溫度不變．【解答】解：A、讀圖甲可知，在﹣117℃時吸熱，但溫度不再升高，說明此時物質達到了熔點，正在熔化，因此固體酒精屬于晶體，故A錯誤；B、在﹣117℃時，酒精處于熔點溫度，可能為固態，可能為液體，可能為固液共存狀態，故B錯誤；C、由圖乙知酒精的沸點為78℃，低于標準大氣壓下水的沸點，不能用酒精溫度計來測量沸水的溫度，故C錯誤；D、酒精在沸騰過程中吸熱但溫度不變，故D正確．故選D．【點評】讀物質熔化和液體的沸騰圖象時，關鍵是要從曲線變化中判斷物質是否有一定的熔點或沸點，從而確定是否屬于晶體和沸騰的特點，再明確不同時間段時物質所處的狀態．8．如圖所示，物理興趣小組分別用甲、乙兩個滑輪組勻速提起質量相同的物體，不計繩重及摩擦．若每個滑輪質量相同，對比兩個滑輪組，下列說法正確的是（）A．甲更省力，甲機械效率大B．乙更省力，機械效率一樣大C．乙更省力，乙機械效率大D．甲更省力，機械效率一樣大【考點】7X：滑輪組及其工作特點；F2：機械效率的大小比較．【分析】由滑輪組的結構知道承擔物重的繩子股數n，則繩子自由端移動的距離s=nh；把相同的重物勻速提升相同的高度，做的有用功相同；不計繩重及摩擦，利用相同的滑輪和繩子、提升相同的高度，做額外功相同；而總功等于有用功加上額外功，可知利用滑輪組做的總功相同，再根據效率公式判斷滑輪組機械效率的大小關系．【解答】解：不計繩重及摩擦，拉力F=（G物+G輪），n甲=2，n乙=3，繩子受的拉力：F甲=（G物+G輪），F乙=（G物+G輪），F甲＞F乙，乙圖省力；動滑輪重相同，提升的物體重和高度相同，W額=G輪h，W有用=G物h，利用滑輪組做的有用功相同、額外功相同，總功相同，由η=×100%，可知，滑輪組的機械效率相同．故選B．【點評】本題考查了使用滑輪組時n的確定方法，有用功、額外功、總功的計算方法，不計摩擦和繩重時拉力的求法；本題關鍵在于確定額外功相等．9．如圖所示，電源電壓保持不變，閉合開關S0滑動變阻器R的滑片向右移動的過程中，下列說法正確的是（）A．閉合開關S，若甲、乙均為電壓表，則兩表示數均變小B．斷開開關S，若甲、乙均為電流表，則兩表示數均變大C．閉合開關S，若甲、乙均為電壓表，則甲示數不變，乙示數變大D．斷開開關S，若甲、乙均為電流表，則乙示數不變，甲示數變大【考點】IZ：電路的動態分析．【分析】根據開關的斷開和閉合情況，以及電流表、電壓表在電路中的作用，分析電路的結構，根據歐姆定律判定示數的變化．【解答】解：AC、閉合開關S，若甲、乙均為電壓表，該電路為串聯電路，電壓表乙測量的是R兩端的電壓，甲測量的是電源電壓，示數不變；滑動變阻器R的滑片向右移動的過程中，R的電阻變大，其分擔的電壓變大，故電壓表乙示數變大，故A錯誤，C正確；BD、斷開開關S，若甲、乙均為電流表，乙測量的是干路的電流，甲測量的是滑動變阻器的電流，滑動變阻器R的滑片向右移動的過程中，電阻變大，電壓不變，根據歐姆定律可知，通過滑動變阻器的電流減小；通過R1的電流不變，根據并聯電路的電流規律可知，干路中的電流減小，故BD錯誤．故選C．【點評】本題考查了串并聯電路的特點和歐姆定律的應用；關鍵是會分析電路圖，得出電路連接方式和電表的測量對象，以及會分析滑動變阻器滑片移動對電路的影響．10．如圖所示，完全相同的甲、乙兩個燒杯內裝有密度不同的液體．在兩燒杯中，距離杯底同一高度處有A、B兩點，已知A、B兩點壓強相等，則燒杯甲、乙對桌面的壓強p甲、p乙大小關系為（）A．p甲＜p乙B．p甲＞p乙C．p甲=p乙D．條件不足，無法判斷【考點】86：壓強的大小及其計算．【分析】（1）知道A、B所處的深度關系、AB兩點壓強相等，利用p=ρgh可知液體密度大小關系；（2）燒杯底受到的壓強等于A點（或B點）壓強加上A點（或B點）下面液體產生的壓強，可得燒杯底受到的壓強大小關系；燒杯是直壁容器，燒杯底受到的壓強p==，據此液體重力大小關系；（3）燒杯對桌面的壓力等于杯和液體的總重，受力面積相同，利用p=得出燒杯甲、乙對桌面的壓強關系．【解答】解：（1）由圖知，A、B所處的深度hA＞hB，而A、B兩點壓強相等，即pA=pB，由p=ρgh可知液體密度ρA＜ρB；（2）設A、B距離杯底的高度為h，燒杯底受到的壓強：p底甲=pA+ρAgh，p底乙=pB+ρBgh，因為pA=pB，ρA＜ρB，所以pA+ρAgh＜pB+ρBgh，所以燒杯底受到的壓強：p底甲＜p底乙，因為燒杯是直壁容器，燒杯底受到的壓強p==，設液體重分別為G甲、G乙，燒杯底面積為S，p底甲=，p底乙=，可得：＜，兩燒杯內液體重G甲＜G乙；（3）因為燒杯對桌面的壓力F=G杯+G液，所以甲燒杯對桌面的壓力F甲=G杯+G甲，乙燒杯對桌面的壓力F乙=G杯+G乙，所以燒杯對桌面的壓力F甲＜F乙，因為p=、受力面積相同，所以燒杯甲、乙對桌面的壓強p甲＜p乙．故選A．【點評】本題考查了液體壓強公式p=ρgh、壓強定義式p=的應用，能分析得出燒杯中液體重力大小關系是關鍵．二、填空題（本大題包括7小題，13題1分，16題3分，其余每小題2分，共14分）11．北斗衛星導航系統是中國自行研制的，具有定位、導航和通訊等功能．北斗衛星導航系統利用電磁波傳遞信息，這種信號能（選填“能”或“不能”）在真空中傳播．【考點】D2：電磁波的傳播．【分析】使用衛星導航系統的都是衛星通信．所謂的衛星通信就是利用衛星作為微波通信的中繼站．【解答】解：我國自行研制的北斗衛星導航系統具有定位、導航和通信等功能，它傳遞信息是利用電磁波傳遞信息的；電磁波可以在真空中傳播．故答案為：電磁波；能．【點評】此題考查的是我們對于衛星通信的了解，考查的內容是比較簡單的，是一道基礎題．12．通常情況下，家庭電路中各個用電器的通斷，不應該影響其他用電器的通斷，所以用電器應該并聯（選填“串聯”或“并聯”）后接在電路中，控制用電器的開關要連接在火線（選填“火線”或“零線”）和用電器之間．【考點】IO：家庭電路的連接；HS：電路的基本連接方式．【分析】（1）我國照明電路電壓是220V，家用電器的額定電壓是220V，各家用電器之間并聯時，各家用電器都能正常工作，并且互不影響．（2）家庭電路中，開關要接在火線和用電器之間，斷開開關，切斷火線，操作更安全．【解答】解：照明電路中，各家用電器之間互不影響，并且能正常工作，所以各家用電器之間是并聯的．從安全用電的角度分析，開關接在家用電器和火線之間．故答案為：并聯；火線．【點評】掌握家庭電路中各元件的連接方法，例如各家用電器之間是并聯的，開關和控制的用電器之間是串聯的等等．13．2023年4月，東營園博園內的郁金香競相開放，吸引了廣大市民前來觀賞．“暖風熏得游人醉，郁金香滿園博園”，從物理學角度分析，人們能聞到郁金香花散發的香味，是因為花朵分泌的芳香分子在永不停息的做無規則運動．【考點】GV：分子的運動．【分析】不同物質的分子在彼此接觸時，互相進入對方的現象叫擴散，擴散表明分子不停的做無規則的運動，溫度越高，分子運動越快，擴散越快．【解答】解：郁金香競相開放，芳香四溢，人們能聞到花香，就是花香分子不停地做無規則運動，擴散到空氣中，說明了分子永不停息的做無規則運動．故答案為：永不停息的做無規則運動．【點評】能辨別擴散現象，知道擴散現象表明了分子永不停息的做無規則運動．14．考場內翻閱試卷的聲音是由紙張的振動產生的．倒車雷達利用超聲波（選填“超聲波”或“次聲波”）探測障礙物，幫助司機倒車．【考點】91：聲音的產生；9E：超聲波與次聲波．【分析】聲音是由物體的振動產生的；人們可以利用超聲波傳遞信息，如利用回聲定位制造的倒車雷達．【解答】解：翻閱試卷的聲音是由紙張的振動產生的；倒車雷達是利用超聲波傳遞信息來確定障礙物的遠近．故答案為：振動；超聲波．【點評】此題考查聲音的產生、超聲波的應用，屬于基礎知識．15．校園里時常出現小“旋風”，當“旋風”經過時，旋渦中心氣流的速度大（選填“大”或“小”），旋渦內部氣體壓強小，容易把地面上的紙屑“吸”向空中．【考點】8K：流體壓強與流速的關系．【分析】在流體中流速越大的位置壓強越小，流速越小的位置壓強越大．【解答】解：校園里時常出現小“旋風”，當“旋風”經過時．旋渦中心內部氣流高速旋轉，內部氣體流速大，壓強小，外部氣體流速小，壓強大，所以地面上的紙屑“吸”向空中．故答案為：大；小．【點評】此題考查的是流體壓強在生活中的應用，這就要求我們平時要多觀察生活中的現象．16．2023年5月18日，我國首次海域可燃冰（天然氣水合物）試采成功，實現了歷史性突破．可燃冰分布于深海沉積物或陸域永久凍土中，是由天然氣與水在高壓低溫條件下形成的類冰狀結晶物質，燃燒后僅會生成少量的二氧化碳和水．根據測算，1立方米可燃冰可以分解釋放出160立方米以上的天然氣．完全燃燒5立方米可燃冰產生的熱量至少為2.56×1010J（天然氣熱值為3.2×107J/m3）．試寫出可燃冰具備的兩條優點熱值大、污染小．【考點】GJ：燃料的熱值．【分析】（1）根據完全燃燒1m3的“可燃冰”釋放的能量與160m3天然氣相當可求得完全燃燒5m3的“可燃冰”所放出的熱量；（2）可燃冰燃燒的生成物中有害氣體少，污染小；熱值大．【解答】解：（1）1m3的“可燃冰”相當于的天然氣的體積為：V=1×160m3=160m3，完全燃燒5立方米可燃冰產生熱量：Q放=Vq=5m3×160×3.2×107J/m3=2.56×1010J；（2）可燃冰的熱值約為5.12×109J，天然氣的熱值約為3.2×107J/m3，與傳統燃料相比，可燃冰的優點是熱值大、污染小．故答案為：2.56×1010J；熱值大；污染小．【點評】此題圍繞可燃冰展開，考查有關可燃冰的知識．17．如圖為某道路交通標志牌：小型車最高行駛速度不得超過100km/h，而大型客車、載貨汽車最高行駛速度不得超過80km/h．請用動能的知識解釋這樣規定的原因是機動車質量一定，速度越快，動能越大，剎車時制動距離越大，容易出現交通事故，所以要限速行駛；在相同的道路上，不同車型的機動車質量不同，速度相同時，大型客車、載貨汽車質量大的動能大，制動距離大，小型車質量小的動能小，制動距離小，當制動距離相同時，不同車型限速就不同．【考點】FO：動能的影響因素．【分析】對機動車的行駛速度進行限制，可用影響動能的因素分析，由于動能與質量和速度有關，對于質量較大的車，允許的速度就比質量較小的車的速度低．【解答】答：機動車質量一定，速度越快，動能越大，剎車時制動距離越大，容易出現交通事故，所以要限速行駛；在相同的道路上，不同車型的機動車質量不同，速度相同時，大型客車、載貨汽車質量大的動能大，制動距離大，小型車質量小的動能小，制動距離小，當制動距離相同時，不同車型限速就不同．【點評】本題考查了影響動能的因素：質量和速度，質量越大，速度越大，動能就越大．三、作圖、實驗與探究題（本大題包括5小題，共33分）18．如圖所示，護林員利用一塊平面鏡使此時的太陽光水平射向山洞中P點，請你通過作圖標出平面鏡的位置，并標出反射角的度數．【考點】A8：作光的反射光路圖．【分析】知道了反射光線的位置，反射光線和入射光線夾角的角平分線就是法線的位置．根據圖中標出的入射光線和水平面的夾角，易求出入射光線和反射光線的夾角；由光的反射定律知：入射角和反射角等大，由此求得反射角的度數．在標反射角的度數時要注意：反射角是反射光線和法線的夾角．【解答】解：連接PO，即為反射光線，根據光的反射定律，反射角等于入射角，作反射光線和入射光線夾角的角平分線就是法線的位置，然后垂直于法線作出平面鏡；由圖知，反射光線和入射光線的夾角90°+30°=120°，則反射角等于入射角等于60°；如圖所示：【點評】知道反射定律的內容，會根據反射定律完成反射光路，會根據角之間的關系計算角的大小．19．如圖所示，請在圖中標出電源的“+”、“﹣”極，并用箭頭標出磁感線的方向．【考點】CV：通電螺線管的極性和電流方向的判斷；C7：磁感線及其特點．【分析】根據螺線管的繞向和標注的磁極，利用安培定則可以確定螺線管中電流方向，從而可以得到電源的正負極；根據螺線管的NS極，利用磁感線的特點，可以確定磁感線的方向．【解答】解：螺線管的左端為S極，右端為N極，繞向如圖所示，利用安培定則，可以確定電流從螺線管的左端流入，右端流出；由此可以確定電源的左端為正極，右端為負極；在磁體的周圍，磁感線從磁體的N極流出，回到S極，所以圖中磁感線的方向向左．故答案如下圖所示：【點評】安培定則共涉及三個方向：電流方向；線圈繞向；磁場方向．告訴其中的兩個可以確定第三個．20．物理興趣小組在探究“凸透鏡成像的規律”實驗時：（1）用圖甲所示的裝置測出凸透鏡的焦距為10.0cm．（2）圖乙是某次實驗時觀察到的現象，生活中的照相機（選填“放大鏡”、“投影儀”或“照相機”）是利用這一原理制成的．保持凸透鏡不動，把蠟燭向左移動一段距離，要想在光屏上再次得到清晰的像，應該把光屏向左（選填“左”或“右”）移動一段距離，像變小（選填“變大”、“變小”或“不變”）．（3）實驗時，光屏上得到了蠟燭清晰的像，一同學不小心在凸透鏡上濺了一個小泥點，則光屏上沒有（選填“有”或“沒有”）小泥點的像或影子．（4）將近視眼鏡片放在蠟燭與凸透鏡之間，光屏上原來清晰的像變模糊了．使光屏遠離透鏡，又能在光屏上看到蠟燭清晰的像，這說明近視眼鏡對光線有發散作用．由此可知，在近視眼得到矯正之前，物體的像成在視網膜的前方．【考點】B7：凸透鏡成像規律及其探究實驗．【分析】（1）根據凸透鏡焦點和焦距的定義進行判斷．（2）當物距大于2f時，凸透鏡成倒立縮小的實像，照相機是根據這個原理制成的，此時像距處于f和2f之間，像距小于物距；凸透鏡成像時，物距減小，像距增大，像變大．（3）凸透鏡成像屬于光的折射現象，物體發出的光線經凸透鏡折射后，會聚在凸透鏡另一側的光屏上，形成物體的實像；如果凸透鏡的口徑大，透過的光多，像就亮；口徑小，透過的光少，像就暗．（4）凸透鏡對光線有會聚作用，凹透鏡對光線有發散作用．近視眼是因為晶狀體太厚或眼球太長，像成在視網膜的前方；遠視眼是因為晶狀體太薄或眼球太短，像成在視網膜的后方．近視眼鏡是凹透鏡，遠視眼鏡是凸透鏡．【解答】解：（1）平行于主光軸的光線經凸透鏡折射后，會聚在主光軸上一點，這點是凸透鏡的焦點，焦點到光心的距離是凸透鏡的焦距，所以凸透鏡的焦距是：f=40.0cm﹣30.0cm=10.0cm．（2）由圖乙知，像距小于物距，此時成倒立縮小的實像，照相機是根據這個原理制成的；根據凸透鏡成像時，物近像遠像變大可知，將蠟燭向左移動時，物距增大，則像距減小，要將光屏向靠近透鏡方向移動，才能在光屏上再次得到清晰的像，像變小．（3）凸透鏡成實像時，所有透過透鏡的光會聚到光屏上成像，凸透鏡上濺了一個小泥點，整個物體發出的光雖有一小部分被擋住，但總會有一部分光通過凸透鏡而會聚成像，因此，像與原來相同，大小不變；由于透鏡的一小部分被遮住，因此折射出的光線與原來相比減少了，像將完好，但亮度會變暗，所以不會出現泥點的影子．（4）近視眼鏡是凹透鏡，凹透鏡對光線有發散作用，發散作用是使原來會聚成像的光線推遲會聚，所以將近視眼鏡片放在蠟燭和凸透鏡之間，光屏上原來清晰的像變模糊了；使光屏遠離凸透鏡，又能在光屏上看到蠟燭清晰的像．近視眼是因為晶狀體太厚或眼球太長，像成在視網膜的前方．故答案為：（1）10.0；（2）照相機；左；變小；（3）沒有；（4）發散；前方．【點評】此題是探究凸透鏡成像規律的實驗，考查了凸透鏡成像規律及應用，不僅要掌握成像特點與物距像距之間的關系，而且要善于總結規律．21．（10分）（2023?東營）物理興趣小組在做“測量小燈泡的電阻”實驗時，準備了以下器材：小燈泡（額定電壓為2.5V）、電流表（0～0.6A，0～3A）、電壓表（0～3V，0～15V）、開關、兩節干電池、滑動變阻器、導線若干．如圖甲為該小組連接的實物圖．（1）請指出實物圖連接的兩處錯誤．①電流表的正負接線柱接反了②滑動變阻器同時接了上面兩個接線柱（2）正確連接電路后，閉合開關，當滑動變阻器的滑片置于某位置時，電流表和電壓表的示數如圖乙、丙所示，電流表示數為0.24A，則小燈泡電阻為9.6Ω．（計算結果保留一位小數）（3）改變滑動變阻器滑片的位置，記錄下不同時刻的電壓值和電流值，并計算出小燈泡在不同電壓下的電阻值，數據處理表格如下所示，其中有一處是不恰當的，這一處是計算小燈泡的平均電阻，原因是小燈泡的電阻受溫度的影響，且隨溫度的升高而增大，不能求電阻的平均值．實驗次數電壓/V電流/A電阻/Ω平均電阻/Ω11.00.175.97.721.40.187.831.80.228.242.00.238.7（4）該小組又利用這個電路測量小燈泡的額定功率，應調節滑動變阻器滑片使電壓表示數為2.5V，若此時電流表示數為0.25A，則小燈泡的額定功率為0.625W．【考點】IM：伏安法測電阻的探究實驗．【分析】（1）電流應從電流表的正接線柱流入，從負接線柱流出；滑動變阻器要按“一上一下”串聯接入電路；不能同時接在金屬桿上；（2）根據電表選擇的量程確定其分度值正確讀數，然后根據歐姆定律的變形公式求出小燈泡的電阻；（3）小燈泡的電阻受溫度的影響，且隨溫度的升高而增大，求平均值沒有意義；（4）小燈泡正常發光時的電壓等于額定電壓，根據P=UI求出小燈泡的額定功率．【解答】解：（1）由圖甲可知，電流從電流表的負接線柱流入，從正接線柱流出，故錯誤是：電流表的正負接線柱接反了；滑動變阻器的兩個接線柱同時接在金屬桿上，沒有按“一上一下”的方式串聯在電路中，故錯誤是：滑動變阻器同時接了上面兩個接線柱．（2）由圖乙可知，電流表選擇的量程為0～0.6A，分度值為0.02A，電流表示數為0.24A，由圖丙可知，電壓表選擇的量程為0～3V，分度值為0.1V，電壓表示數為2.3V，由歐姆定律得，小燈泡的電阻：R==≈9.6Ω．（3）由表格數據可知，小燈泡在不同電壓下的電功率不同，亮度不同，溫度不同，燈泡的電阻值也不同，求平均電阻沒有意義，故不恰當之處是：計算小燈泡電阻的平均值．原因是：小燈泡的電阻受溫度的影響，且隨溫度的升高而增大，不能求電阻的平均值．（4）要測量小燈泡的額定功率，應調節滑動變阻器滑片使電壓表示數等于燈泡的額定電壓2.5V；若此時電流表示數為0.25A，則小燈泡的額定功率：P=UI=2.5V×0.25A=0.625W．故答案為：（1）①電流表的正負接線柱接反了；②滑動變阻器同時接了上面兩個接線柱；（2）0.24；9.6；（3）計算小燈泡的平均電阻；小燈泡的電阻受溫度的影響，且隨溫度的升高而增大，不能求電阻的平均值；（4）2.5；0.625．【點評】此題考查的是實物電路的連接、電表讀數、歐姆定律的應用、電功率的計算等知識，屬于電學實驗的常考內容，要求同學們必須牢固掌握．22．（11分）（2023?東營）浸沒在液體中的物體受到的浮力，實質上是由于液體對其上、下表面的壓力不同造成的．在液體中，深度越深，液體壓強越大，物體受到的壓力也越大．浸沒在液體中的物體所受到的浮力大小與浸沒在液體中的深度是否有關呢？為探究這個問題，實驗室準備了彈簧測力計、天平、石塊、木塊、細線、燒杯、水．請你根據需要選擇器材，完成以下題目．（1）提出問題：（2）實驗器材：（3）實驗步驟：（4）分析與論證：（5）交流與合作：與同學進行交流時，有同學提出實驗過程中未保證物體“浸沒”在水中，你認為他能不能得到正確的結論？為什么？【考點】8R：探究浮力大小的實驗．【分析】探究浸沒在液體中的物體所受到的浮力大小與浸沒在液體中的深度是否有關時應采用控制變量法，應控制液體的密度、排開的液體的體積相同，深度不同．【解答】解：（1）提出問題：浸沒在液體中的物體所受浮力的大小與浸沒的深度有關嗎？（2）實驗器材：彈簧測力計、石塊、細線、燒杯、水（3）實驗步驟：①在燒杯中加適量水②用細線拴好石塊，用彈簧測力計測出石塊的重力③將石塊浸沒在水中，記錄彈簧測力計的示數④多次改變石塊浸沒在水中的深度，分別記錄彈簧測力計的讀數（4）分析與論證：計算出石塊浸沒在水中不同深度所受的浮力，比較它們的大小．若相等，說明浸沒在液體中的物體所受浮力與浸沒深度無關；若不相等，說明浸沒在液體中的物體所受浮力與浸沒深度有關．（5）交流與合作：未保證物體“浸沒”在水中，則不能得到正確的結論，因為只有“浸沒”才能保證物體排開液體的體積不變．【點評】此題是一道設計實驗題，在設計實驗時，要注意控制變量法的思想運用，使用同種液體（水）、將石塊始終浸沒在水中，這樣就確保液體密度、物體排開液體的體積不變．四、計算題（本大題包括2小題，共23分．解答時應寫出必要的文字說明、公式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分）23．（11分）（2023?東營）某品牌智能滾筒洗衣機具有洗凈度高、不傷衣物、可設定洗滌溫度、方便安全等優點．其簡化等效電路如圖所示，此時處于空檔位置．閉合開關S，旋鈕繞P轉動，實現檔位轉換，旋至1檔時R1、R2同時工作，洗衣機處于加熱狀態；旋至2檔時R2和電動機同時工作，洗衣機處于保溫洗滌狀態．R1和R2均為電熱絲，其阻值不受溫度影響，R1=22Ω，主要參數如下表．（c水=4.2×103J/（kg?℃））**牌智能滾筒洗衣機額定電壓220V加熱功率2400W設定溫度范圍30℃～90℃電動機功率240W防電墻電阻1×106Ω（1）洗衣機內注入10kg的水，在額定電壓下連續加熱1050秒，水溫由20℃上升到50℃，此過程中的加熱效率是多少？（2）R2阻值是多少？（3）洗衣機處于保溫洗滌狀態時，干路電流是多少？（4）防電墻技術的應用是洗衣機未來發展的趨勢．防電墻通過在洗衣機內部形成永久性電阻保證人的安全．異常漏電情況下，電流依次經防電墻和人體流入大地，若人體的最大電阻為1×105Ω，人體的安全電壓不高于36V，通過計算判斷防電墻技術能否保證人的安全．【考點】JK：電功與熱量的綜合計算．【分析】（1）先根據Q吸=c水m水（t﹣t0）求出水吸收的熱量，再根據W=Pt求出洗衣機加熱的效率，最后根據η=×100%求出洗衣機加熱的效率；（2）根據P=UI=求出電熱絲R1的加熱功率，進而得出電熱絲R2的加熱功率，根據R2=求出電熱絲R2阻值；（3）先求出電熱絲R2和電動機的總功率，根據P=UI的變形公式求出干路電流；（4）根據串聯電路電阻特點求出電路總電阻，再利用歐姆定律及變形公式求出此時人體的電壓，與人體的安全電壓進行比較即可判斷防電墻技術能否保證人的安全．【解答】解：（1）水吸收的熱量：Q吸=c水m水（t﹣t0）=4.2×l03J/（kg?℃）×10kg×（50℃﹣20℃）=1.26×l06J，洗衣機加熱消耗的電能：W=Pt=2400W×1050s=2.52×106J，洗衣機加熱的效率：η=×100%=×100%=50%（2）由電路圖可知，當旋鈕旋至1檔時，電熱絲R1與R2并聯，洗衣機處于加熱狀態，由P=UI=得，電熱絲R1的加熱功率：P1===2200W，電熱絲R2的加熱功率：P