2025-2026學年高二物理下學期第三次月考卷 【安徽專用測試范圍：必修3、選擇性必修2、選擇性必修1第1-3章】（全解全析）

高二物理下學期第三次月考卷（安徽專用）

全解全析

（考試時間:75分鐘,分值：100分）

一、單項選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符

合題目要求的。

1.下列描述正確的是

A.庫侖發現庫侖定律是運用理想實驗法得到的

B.歐姆發現歐姆定律，說明了熱現象和電現象之間存在聯系

C.安培根據通電螺線管的磁場和條形磁鐵的磁場的狂似性，提出了分子電流假說

D.法拉第實驗中觀察到，在通有恒定電流的靜止導線附近的固定導線圈中，會出現感應電流

【答案】C

【解析】庫侖通過實驗研究電荷之間作用力與距高關系，A錯誤；歐姆定律說明流過電阻的電流與電

壓、電阻的關系，B錯誤；遇有恒定電流的導線產生穩定的磁場，附近的固定線圈不會產生感應電流,

D錯誤。

2.圖中4、b、c、d為四根與紙面垂直的長直導線,其橫截面位于正方形的四個頂點上，導線中通有大小

相同的電流，方向如圖所示。一帶正電的粒子從正方形中心。點沿垂直于紙面的方向向外運動時所

受洛倫茲力的方向是

?（）8b

A.向左

B.向下

C.向上

D.向右

【答案】A

【解析】由右手螺旋定則，可判斷出導線。在。點的磁感應強度方向從。指向江導線。在。點的磁場方向

由。指向力大小相等。導線d和b在。點的磁場方向均由。指向小故。點的合磁場方向由。指向a。根據

左手定則，帶正電粒子受到的洛倫茲力方向向左。

1/12

3.一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，其波速為10m/s,，=0時刻的波形如圖所示，下列說法正確的

是

A.0?0.6s時間內，質點P運動的路程為18cm

B.f=0.6s時刻，質點P相對平衡位置的位移是6cm

C.f=1.2s時刻，質點。加速度最大

D./=1.4s時刻，質點M沿軸負方向運動

【答案】A

【解析】機械波的周期為丁=4=0.8s,0?0.6s時間內，質點尸運動的路程為34=18cm,A項正確;

V

/=0.6s時刻，質點尸到達平衡位置，則此時相對平衡位置的位移為0,B項錯誤；因為，=1.2s=lT

時刻，質點。在平衡位置，則此時加速度為零，C項錯誤；經過1.4s波向前傳播，則此時刻，質點M

在平衡位置以下沿7軸正方向運動，D項錯誤.

4.如圖所示，張緊的水平繩上吊著。、b、c、d四個小球，八c兩球的懸線長度相等，6球的懸線最長,

d球的懸線最短。6球的質量較小，其余三球質量相同。現讓。球在垂宜水平繩的方向擺動，之后觀

察到其余各球也開始擺動。下列說法正確的是

A.6球的振幅最大

B.c球的振幅最大

C.力球的頻率最大

D.d球的頻率最大

【答案】B

【解析】。球擺動，通過水平絕對機c、d三個球產生周期性的驅動力，使它們做受迫振動。當驅動力

頻率等于（或接近）擺球的固有頻率時，擺球發生共振，振幅最大。根據公式7=2兀工可知.單擺的固

4gf

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有頻率由搜長決定，6球的擺長與a球不同，其固有頻率與驅動頻率（即〃球的固有頻率）相差較大，因此

振幅較小。故A錯誤;因為。兩球的懸線長度相等，所以它們的固有頻率相等。。球的振動頻率（驅動頻

率）等于。球的固有頻率，c球發生共振，因此c球的振幅最大。故B正確；b、c、d三個球都在。球的驅動

下做受迫振動，受迫振動的頻率由驅動力的頻率決定，與自身的固有頻率無關。因此仄c、d三個球的

振動頻率都等于。球的振動頻率。故C、錯誤。

5.如圖所示，小型發電機線圈共有N匝,線圈電阻不計，發電機通過旋轉磁極發電，旋轉方向如圖所示，旋

轉的角速度為①.通過線圈的艮大磁通量為0m，理想變壓器的原、副線圈的面數比為上電流表和電壓

表均為理想電表，定值也阻的阻值為為滑動變阻器，下歹J判斷正確的是

旋轉

方向

A.從圖示位置磁極轉過90。過程中，線圈M段中的電流方向從a到/）

B.電壓表的示數為

C.磁極在圖示位置時電流表的示數為零

D.將滑動變阻器的滑片向下移，電壓表和電流表的示數均減小

【答案】B

【解析】從圖示位置磁極轉過90。時,磁場方向向下，時段相對磁場向左運動，根據右手定則可以判斷，時

中電流從b到a,A項錯誤;電動勢的最大值Em=NBSco=N（pm（D，由于線圈電阻不計，因此原線圈兩端電壓最大

值為N/g，根據變壓比可知，電壓表示數為"N%⑷，B項正確;電流表示數恒定，線圈在圖示位置時電流

表的示數不為零,C項錯誤;將滑動變阻器的滑片向下移，電壓表的示數不變,D項錯誤。

6.將小球以初速度先豎直向上拋出，經過一段時間小球又落回拋出點，速度大小為。，運動過程中

小球所受空氣阻力大小與小球速率成正比，小球在空中運動時間為，，重力加速度為g,下列說法

正確的是

A.回到拋出點速度。與初速度%相等

B./時間內空氣阻力的沖量不為零

S

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【答案】C

【解析】由于阻力做功，以火,A錯誤；選向上為正方向，上升過程中空氣阻力沖量/n=?麻?△片-西，X

為上升的高度，同理，下降過程中k=自，所以/時間內空氣阻力的沖量/尸/門+小=0,B錯誤；全過程根

據動量定理有-〃?g/+A=-〃M〃7VD，可得片"：：°，C正確，D錯誤。

7.如圖所示，回旋加速器D形盒上加有垂直于表面的句強磁場，狹縫間接有電壓為U、頻率為/的交流

電。若力處粒子源產生的質子在加速器中被加速，下列判斷正確的是

A.交流電的周期等于質子在磁場中運動周期的一半

B.質子獲得的最大速度與磁場的磁感應強度無關

C.僅增大電壓U,質子在加速器中運動的時間不變

D.質子第〃次被加速前、后的軌道半徑之比為病斤：〃

【答案】D

【解析】質子要被加速，交流電的周期必須等于質子在磁場中運動的周期，選項A錯誤;根據婚8=〃12/R知,

。=46河川，所以質子獲得的最大速度與磁場的磁感應強度大小及D形盒的半徑有關，與加速電壓無關，選項

B錯誤；僅增大電壓U,質子加速時的加速度將變大，加速次數將減小,加速的總時間將變短，選項C錯誤；

質子每經過加速器提速，動能增加心，則質子第〃次加速后的動能為預，第〃次加速前的動能為(〃-1)四即

質子第〃次加速前、后的速度之比為標由于質子在磁場中運動的軌道半徑與速度成正比，所以

質子第〃次加速前、后在磁場中運動的軌道半徑之比也為JR：選項D正確。

8.如圖所示，兩平行金屬導軌與水平面成。=37。角，上端連接電源和滑動變阻器心導軌間距4=0.

2m,勻強磁場垂直于導軌平面向下且磁感應強度大小為8=IT.導體棒質量為用=0.05kg,與導軌

等寬，且與導軌之間的動摩擦因數為〃=0.5。電源電動勢E=9V,內阻r=0.5C,導體棒的電阻H=

L5C,g=10m/s2.如果導體棒垂直于導軌放置且能夠靜止于導軌平面上，則滑動變阻器接入電路的

阻值范圍為

4/12

A.2?20Q

B.1.2?8Q

C.1.6?16。

D.4?10。

【答案】C

【解析】對導體棒受力分析，根據平衡條件可得，安培力最大時/408=〃7/拘。+"/監8$仇/|=

￡R

，解得滑動變阻器最小阻值R[=1.6Q,安培力最小時，/2L（）8=mgsin3〃"gcos。，」r2=---------

R+r+Ri------------------------------------------------------------------------------------R+H-&

解得滑動變阻器最大阻值&=16。，故選C。

二、多項選擇題：本題共2小題，每小題5分，共10分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題

目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

9.如圖所示，紙面為豎直面,為豎直線段,間的距離為〃，空間存在平行于紙面的足夠寬廣的勻

強電場，其大小和方向均未知（圖中未畫出）。?帶正電的小球從M點在紙面內以q,=J9的速度

水平向左開始運動，以后恰好以大小為0=0%的速度通過N點。已知重力加速度為g,不計空氣阻

力。下列選項正確的是

fM

v

A.可以判斷出電場強度的方向水平向左

B.小球所受電場力大小等于重力的3倍

C.從/到N的運動過程中小球的速度大小先減小后增大

D.從M點到N點的過程中小球的機械能先減小后增大

【答案】CD

【解析】小球水平初速度向左，到達N點有向右的水平分速度，水平方向做減速運動，故電場力有一個

水平向右的分力，電場強度具有水平向右的分量，A錯誤；從M到N,-fnv---mvl=mgh+^,

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代入數據解得少電=0,則電場力豎直分力為0,故電場強度水平向右。小球在豎宜方向做自由落體運動,

N點豎直分速度%v=，頒寸°,可知N點水平分速度大小也為火。水平加速度以=2卬/,豎直加速度g=

%〃，故的=2g,根據牛頓第二定律可知電場力是重力的2倍，B錯誤；將電場力與重力合成為等效重力，

初始時等效重力與M點初速度夾角為鈍角，到N點時夾角為銳角，故合力先做負功后做正功，速度先

減小后增大，C正確；小球在水平方向先向左運動，后向右運動，電場力先做負功后做正功，機械能

的變化量等于電場力做功，故機械能先減小后增大，D正確。

10.如圖所示,固定于水平面內的電阻不計的足夠長的兩平行光滑金屬導軌間距為L,質量均為機、阻值

均為R的兩金屬棒M、〃垂直擱置于導軌上,磁感應強度為8的勻強磁場垂直于導軌平面向上。某

一時刻同時給"、cd以平行于導軌的初速度0、2%,則從兩棒開始運動至達到恒定速度的過程中

A.a力中的鼓大電流為“

2R

B.必速度為q%時其加速度比就的大

C.回路產生的焦耳熱為竺工

8

D."、”間距增加了萼*

R'Lr

【答案】AD

【解析】因通過兩金屬棒的電流始終相等，所以兩金屬棒受到的安培力大小始終相等、方向始終相反，兩

導體棒構成的系統動量守恒，。/圖像如圖所示。剛開始兩金屬棒相對速度最大,回路中的感應電動勢

的最大值珠=800,感應電流的最大值八=四二選項A正確;兩金屬棒的加速度大小始終相等，選項B錯

2R

誤;回路中產生的焦耳熱等于系統損失的動能，即0熱=+；加(2%)2-12加(1%)2二;〃w；,選

項C錯誤。圖中陰影部分的面積為兩金屬棒距離的增加軟，設此過程兩金屬棒間距增加了s,通過回路某

—RI7)—C

截面的電荷量為夕,則有夕=7t,I=----yv=—?對〃力棒應用動量定理有，BLq=\.5mv()-mvo,解得尸

2Rt

黑卓，選項D正確。

DL

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三、非選擇題：本題共5小題，共5g分。

11.（6分）在“探究碰撞中的不變量”實驗中，通過碰撞后做平拋運動測量速度的方法來進行實驗，實

驗裝置如圖甲所示，實驗原理如圖乙所示。

1*L徑</i=2cmft役d<=2cm直徑(/,=3(：m

質量g=12g質量g=24g質量mj=24g

①②③

（2）改關于本實驗，下列說法正確的是o

A.同一實驗中入射小球每次必須從斜槽上的同一位置由靜止釋放

B.必須測量出斜槽末端到水平地面的高度

C.實驗中需要用到重垂線

D.斜槽必須光滑且末端保持水平

（3）用刻度尺測量"、P、N距O點的距離為、應、與,若等式成立，則兩球

碰撞中動量守恒。（用叫、加2、XI、M、均等表示）

【答案】（1）②①

（2）AC

（3）m^xy=m^x?+/〃卜門

【解析】（1）實驗要選擇大小一樣的小球，為了防止入射小球碰撞后被彈回，被碰小球的質量應小于入

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射小球的質量，所以入射小球應選②，被碰小球應選①

（2）為保證每次碰撞前入射小球的速度相同，入射小球每次必須從斜槽上的同一位置由靜止釋放，選項

A正確;由于兩小球每次都是從同一位置開始做平拋運動，小球的水平射程能夠反映小球的速度大小，所

以實驗中不用測量斜槽末端到水平地面的高度，選項B錯誤;測量小球的水平射程時，要從斜槽末端的正

下方測量，所以要用到重垂線，選項C正確:斜槽末端一定要水平，只要入射小球每次釋放的位置相同，就

能使得每次碰撞前的速度相同,與斜槽是否光滑無關，選項D錯誤。

（3）若動量守恒，則有m2y=m2Y+qy整埋得m2工2="*+加盧3。

12.（9分）一只電流表的表盤刻度清晰，但刻度值污損。小明要測量其內阻，除了待測電流表之外,

實驗室提供的器材如下：

A.電壓表。（量程為3V）；

B.滑動變阻器&（最大阻值為10Q,額定電流為1A）；

C.滑動變阻器&（最大阻值為2kC,額定電流為1A）；

D.電阻箱R'（0-999.9。）：

E.電源（電動勢約為6V,內阻約為1Q）；

F.開關一個，導線若干。

（1）實驗電路如圖甲所示，選用的滑動變阻器為（填"R?或“公”）o

（2）請用筆畫線代替導線，將圖乙中電路連接完整。

（3）下列實驗操作步驟，正確順序是o

①將滑動變阻器的滑片調到。端，電阻箱的阻值調至最大

②調節滑動變阻器和電阻箱，使電流表指針滿偏

③連接好實驗電路

④記錄電壓表的讀數U和電阻箱的阻值*

⑤閉合開關S

（4）保持電流表的指針滿偏，調節滑動變阻器與電阻箱的阻值，記錄多組實驗數據，繪出的U-*圖像

是一條直線。若直線的斜率為〃，在U坐標軸上的截距為〃，則該電流表的內阻為o（用聯

b表示）

【答案】（1）4

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（2）如圖所示

（3）③①⑤②④

b

（4）-

【解析】（1）為了便于操作，滑動變阻器應選擇

（2）如圖所示；

（3）首先按照電路圖連接好電路，檢查無誤后，將滑動變阻器的滑片調到〃端，電阻箱的阻值調至最大，閉

合開關S,調節滑動變陽器和粗陽箱，使甩流表指針滿偏，記錄電壓表的讀數U和電阻箱的阻值網,順序為

③①⑤②④；

U

（4）設電流表的滿偏電流為心內阻為時,則有乙=貳不整理得U=y+/gRg,即/gM,%Rg=b,

解得%=go

13.（12分）我國科學家成功研制出具有自主知識產權的高分辨透射電子顯微鏡,其成果使我國在納米

材料表征領域躍居國際前列。該顯微鏡的核心部件之一是電子偏轉系統:電荷量為外質量為〃?的

電子束以初速度。。水平射入平行板電容器。極板間電壓為U,板長為L,間距為4忽略重力和電子間

相互作用，求：

（1）電子束射出平行板時的偏轉距離產

（2）電/離開偏轉系統時的動能增量△舔。

qU?

【答案】(1)y=(2)3=

2mdv12md淑)

【解析】（1）電子在電場中做類平拋運動

沿平行板方向:L=v（）t（1分）

U

垂直于平行板方向:—q-ma（2分）

9/12

）'=g"2（2分）

得：y（2分）

2md

（2）根據動能定理，^Eyj=Eqy（2分）

￡=--（1分）

d

qUl）

y.2

2mdv;

得：叫=詈磊（2分）

2mdvQ

14.（14分）一列簡諧橫波沿x軸傳播，/、N是x軸上的兩個質點。某時刻開始計時，在片;s時

的波形如圖1所示，N的振動圖像如圖2所示。已知波速o=0.36m/s,求：

（1）M.N平衡位置間的距離；

4

（2）M點在0?二s內的路程。

3

【答案】（1）0.12m（2）“+iojjcm

【解析】（1）由圖像可知，周期7=2s,振幅4=20cm,此時N的位移為-10百cm。由

圖2,1s時N向下振動，故波沿x軸負方向傳播。（2分）

由圖像可知，必振動比N落后全,即波從N傳至M需2s（2分）

故兩者平衡位置之間距離為加尸P4=0.36xg=0.12m（3分）

（2）0時刻“位移為10V3cm（2分）

全時〃平衡位置向上運動（2分）

路程為10V3+2X3O（40+10V3）cm（3分）

15.（17分）如圖所示,質量為3冽的乜”形長木板力靜止在光滑的水平面上，質量為m的物塊靜止在其右

端〃的上表面由粗糙水平面和光滑四分之一圓弧面組成，圓弧面的半徑為R,水平部分長為2尺圓

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弧面的最低點與水平面相切，輕彈簧的左端連接在固定的擋板上，用質量為機的物塊。向左壓縮輕

彈簧，至某一位置時由靜止釋放C離開彈簧后與力發生彈性碰撞，碰撞后瞬間力獲得的速度大小為

%=2荷，不計8的大小，重力加速度為g,求：

（1）輕彈簧被壓縮具有的最大彈性勢能；

（2）要使8能滑上圓弧面且不從圓弧面上端滑離，則8與4水平上表面間的動摩擦因數應滿足什么

條件；

（3）若“剛好能滑到圓弧面的最高點，且“從開始運動到最高點所用的時間為/,則這段時間內長木

板力運動的距離為多少。

13

【答案】（1）（2）-<//<-（3）0.75

【解析】（1）（1）設C與彳碰撞前瞬間，。的速度為。C，碰撞后c的速度為。&有

動量守恒niv^-niv'c+3〃緲0（1分）

1_1，2