廣東省廣州市花都區2026年中考二模物理試卷（含答案）

廣東省廣州市花都區2026年中考二模物理試卷

一、選擇題：本題共10小題，每小題3分，共30分。在每小題給出的四個選項中，只有一項最符

合題目要求。

1.可再生能源是未來理想能源的一個重要發展方向。下列屬于可再生能源的是（）

A.煤B.太陽能C.天然氣D.核能

2.當吉他的一根琴弦振動變快時，該琴弦（）

A.振動頻率變高B.發聲音調變低

C.振動幅度變大D.發聲響度變小

3.微波爐能產生頻率為2.45x109Hz的微波，食物的分子在微波的作用下劇烈振動，使得內能增加，溫度升

高。結合圖，下列表述中正確的是（）

波長長------------------------石工------------>短

A.微波波長比紫外線短

B.微波屬于無線電波

C.微波在真空中的傳播速度為3x106m/s

D.微波在真空中傳播速度比紅外線慢

4.圖為快遞分揀機器人工作的場景，機器人M載著快遞件P向東勻速行駛，下列關于該過程的說法中正確

的是（）

西--------->東

A.機器人M相對于快遞件P是運動的

B.快遞件P相對于地面是靜止的

C.若機器人撞到障礙物，快遞件P可能會向東掉落

D.電動機是機器人的動力源，其工作原理是電磁感應

5.圖是裝有靜電除塵紙的拖把，拖地時除塵紙與地板摩擦后得到電子，將附近的灰塵、毛發牢牢吸住。下

列關于此過程說法中正確的是（）

第1頁

靜電除塵紙

A.地板失去電子

B.地板帶負電

C.除塵紙帶正電

D.除塵紙能吸住毛發，說明毛發與除塵紙一定帶異種電荷

6.渦輪發動機（內燃機）的工作過程如圖所示?？諝馔ㄟ^壓縮機壓縮后進入燃燒室與燃料混合燃燒，產生的高

溫高壓燃氣向后高速噴出，推動渦輪機旋轉，剩余能量經排氣管排出。內能轉化為機械能的過程發生在

()

A.進氣室B.壓縮室C.燃燒室D.排氣室

7.圖為“門禁”上的電磁鎖的結構圖，A是電磁鐵，B是鐵塊。A通電時，與B相互吸引，門被鎖??；A斷電

時，A、B互不吸引，門可以被推開。下列說法中正確的是（）

B.閉合開關S后，滑片P左右移動，A的磁性強弱不變

C.閉合開關S后，A右端為N極

D.若電源正負極對調，該電磁鎖將不能正常工作

8.圖是一款電子量角器的實物圖和電路圖，電源電壓U保持不變，AB為均勻半圓弧形電阻，0點為其圓

心，0P為金屬滑片，可繞0點轉動。A、0間連接的角度顯示器由電壓表改裝而成。當滑片P沿逆時針方

A.電路中總電阻變小B.電路中的電流變大

第2頁

C.電壓表的示數變大D.電路的總功率不變

9.圖是手動擦窗器的實物圖和剖而圖，手動擦窗器由窗內外甲和乙兩部分構成，僅依靠內部磁鐵磁力吸附

在豎直玻璃兩側，磁鐵B固定，磁鐵A可左右移動來調節磁力大小，已知甲、乙的重力均為5N。忽略空氣

作用力，下列說法中正確的是（）

A.擦窗器靜止在玻璃上時，甲受到的摩擦力方向豎直向下

B.擦窗器靜止在玻璃上時，若A、B間的磁力變大，甲受到的摩擦力變大

C.用豎直向上、大小為8N的力推動甲勻速豎直向上擦玻璃，甲受到摩擦力為13N

D.若取走甲，甲、乙間的磁力消失，乙在豎直方向受到的合力為5N

10.圖是某電加熱器的簡化電路，有高溫擋和低溫擋兩種擋位。電源電壓恒為220V,Ri和R2為發熱電阻，.

/72=2200/2oo閉合開關S后，通過開關Si置于1或2可以選擇不同擋位，當Si置于2時，電路總功率為

44Wo下列說法中正確的是（）

A.Ri和R?可以由超導材料制成

B.閉合S后，當Si置于2時，Ri與刈串聯

C.閉合S后，當Si置于1時，處于低溫擋位

D.%=1100/2

二、非選擇題：本題共8小題，共60分。按題目要求作答。

11.圖為一種健身器械，橫梁AOBC可視為一個能繞O點轉動的杠桿（自重對杠桿平衡沒有影響），在A點

連接配重。人在C點施加豎直向下的拉力Feo

第3頁

30cm

（1）在圖中畫出杠桿A點受到的拉力FA,以及Fc的力臂1c

（2）當配重剛好被拉離地面時，杠桿A點受到的拉力FL800N,則Fc為N；保持Fc方向

不變，若人想用更小的力拉起配重，手應水平向（選填“左''或"右”）移動，理由

是：____________________________________________________________________________________________

（3）當人雙手自然垂下站在水平地面上，雙腳與地面的總接觸面積為0.04m2,人對水平地面的壓強為

1.5x103,則人的重力為No

12.如圖所示，發光體MN位于平面鏡上方，N點發出的一條豎直光線a,經平面鏡反射后經過甲凸透鏡，

甲凸透鏡的光心在0cm位置，焦距為4cm。

MN

、甲凸透鏡

??—I???L??J-?■?????I—?」???L???.

864202468cm

V

（1）畫出MN在平面鏡中的像MN:

（2）畫出：①光線a經平面鏡反射后的光線b,②b經甲凸透鏡后的折射光線c；

（3）若在6cm刻度處豎直放置物體A（未畫出），物體A經甲凸透鏡成（選填“放大”或“縮小”）的

像；保持物距不變，將甲凸透鏡換成焦距為8cm的乙凸透鏡，此時物體A經乙凸透鏡成（選填“虛”

或“實”）像。

13.

（1）古代火斗（熨斗）如圖所示，可在火斗中加入熱水來熨平衣物，這是通過（選填“熱傳遞”或

“做功”）的方式改變衣物內能；用焦炭將水燒熱，完全燃燒3kg的焦炭放出的熱量為Jo9楂錐輟=

3x107J/kg）

第4頁

（2）圖的電蒸汽熨斗內的加熱元件可將水加熱成高溫“蒸汽”，這是將能轉化成水的內能；“蒸

汽”從熨斗中噴出后迅速變成大量“白氣”開放出熱量，“白氣”是態（選填??固.…液”或"氣"）。若某段

時間電蒸汽熨斗內0.3kg、初溫為20℃的水，吸收了6.3x104/的熱量后，水的末溫為℃

℃[c^.=4.2xl03j/(kg?°C)].

（1）請在圖方框內畫出甲杯中密度計（以黑點表示）所受力的示意圖；

（2）甲杯中密度計受到的浮力（選填“大于""等于''或"小于”）乙杯中密度計受到的浮力；

（3）甲杯液體對燒杯底的壓強（選填“大于”“等于”或“小于”）乙杯液體對燒杯底的壓強。

15.圖甲為塔式起重機，圖乙為該起重機鋼絲繩穿繩簡化示意圖。使用該起重機將重為1.8xlyN的建材沿豎

直方向勻速提升10m,用時10s。此過程中起升電動機對鋼絲繩的拉力F做的功為2xi"J。求此過程中（忽略

空氣阻力）

甲

第5頁

(I)滑輪組的機械效率；

(2)起升電動機對鋼繩施加的拉力F的大??；

(3)下列說法中正確的有一o

A.建材的動能轉化為重力勢能

B.建材的機械能增大

C.建材的機械能守恒

D.建材的動能不變，重力勢能博大，不符合能量守恒定律

E.起升電動機對鋼絲繩的拉力F做功的功率為2X104W

16.小煒想用55。的發熱電阻R一個、“220VU0W”的電動機(帶扇葉)一個、開關兩個和導線若干，制作一

個風干機。風干機要有“吹冷風”和“吹熱風''兩種模式，吹冷風時只有電動機工作；吹熱風時發熱電阻和電動

機同時工作，但不能出現發熱電阻跑獨工作的情況。

(I)下列符合風干機設計要求且接線正確的是;

(2)求風干機正常工作吹熱風時通過R的電流；

(3)求風干機正常工作吹熱風10s消耗的電能；

(4)吹冷風一段時間，風干機消耗的電能為W,電動機線圈產生的熱量為Q,則W(選填

或Qo

17.某小組用以下器材探究電流與電阻的關系。器材：學生電源；5。、IOC、20。的定值電阻；“30C2A”

的滑動變阻器；電壓表、電流表；開關及導線。

方法：控制變量法，控制定值電阻R兩端電壓為2V。

步驟:

第6頁

（I）請根據圖甲，用筆畫線代替導線將圖乙補充完整，要求：滑片向右移動時，電流表示數變

小;

（2）將學生電源電壓調至6V,閉合開關后，發現電流表、電壓表均無示數。若故障只出現在Rp或R,

故障可能是―（填字母）；

A.Rp斷路B.R斷路C.Rp短路D.R短路

（3）排除故障后，移動滑動變阻器滑片至電壓表示數為2V,此時電流表的示數如圖16丙所示，為

A；

（4）斷開開美，只將定值電阻由5。更換為10。。閉合開關，下一步操作是一（填字母）；

A.讀出電流表的示數

B.移動滑片，使電壓表示數為2V,讀出電流表的示數

C.移動滑片，使電流表示數如圖16丙所示，讀出電壓表的示數

（5）電源電壓仍為6V,當換用20。電阻后，無論怎樣移動滑片，電壓表示數始終無法達到2V。請從下

面兩種方法中任?選?一?種解決問題；

方法一：更換一個最大阻值至少為。的滑動變阻器；

方法二：調節電源電壓，使其最大不超過Vo

18.我國研制的載人飛艇如圖17甲所示，其氣囊體積巨大，采用氮氣作為浮升氣體，氮氣的化學性質穩定

且密度（（0.18的/徵3）遠小于空氣（1.293/蘇）.飛艇部分參數如下表所示，其升空靠浮力實現，水平飛行靠

發動機提供動力。當飛艇低速（（v<12m/s）水平直線飛行時，其所受空氣阻力.以與速度v的關系如圖

17乙所示。（忽略氣囊厚度及氣囊外其他部分所受浮力，g取10N/kg）

空載質量（不含氨氣）/kg3600

氣囊總容積/租34000

最大速度/（km/h）72

（1）為使飛艇能更易升空，制作氣囊應優先考慮選用（選填“密度小”“導熱好”或‘硬度高”）的材

料制作;

（2）充滿氮氣后，氣囊內氨氣質量為;

（3）若飛艇以10m/s的速度水平勻速飛行100s,則飛艇飛行的路程為m,飛艇所受的阻力為—

N；

第7頁

（4）充滿氮氣的飛艇水平勻速飛行時，最多能承載總質量為kg的物體。

第8頁

答案解析部分

1.【答案】B

【解析】【解答】A、煤屬于化石燃料，不能短時期內從自然界得到補充，屬于不可再生能源，故A錯誤。

B、太陽能屬于可再生能源，故B正確。

C、天然氣屬于化石燃料，不能短時期內從自然界得到補充，屬于不可再生能源，故C錯誤。

D、核能不能短時期內從自然界得到補充，屬于不可再生能源，故D錯誤。

故選：B。

【分析】從能源是否可再利用的角度可把能源分為可再生能源和不可再生能源。人類開發利用后，在現階段

不可能再生的能源，屬于不可再生能源；在自然界中可以不斷再生的能源，屬于可再生能源。

2.【答案】A

【解析】【解答】當吉他的一根琴弦振動變快時，該琴弦的振動頻率變高，發出聲音的音調變高。

故選：A。

【分析】音調指聲音的高低，與發聲體的振動頻率有關。響度指聲音的強弱大小，與發聲體的振幅和距離發

聲體遠近有關。音色指聲音的特點和品質，與發聲體的材料和結構有關。

3.【答案】B

【解析】【解答】AB、微波爐能產生頻率為2.45x109Hz的微波，由電磁波譜可知微波是無線電波的一種，

微波波長比紫外線長，故A錯誤，B正確；

C、微波的波氏雖然比紅外線長，但在真空中的傳播速度與其他電磁波一樣，微波在真空的傳播速度為

3xl0sm/s,故CD錯誤。

故選：B.

【分析】微波是電磁波的一種，電磁波在真空的傳播速度為3xl()8m/s,結合電磁波譜分析。

4.【答案】C

【解析】【解答】A、機器人M載著快遞件P向東勻速行駛，兩者的速度和方向完全相同，相對位置沒有變

化，所以機器人M相對于快遞件P是靜止的，故A錯誤。

B、快遞件P隨機器人一起相對于地面向東運動，所以快遞件P相對于地面是運動的，故B錯誤。

C、若機器人撞到障礙物，機器人的速度突然減小或停止，而快遞件P由于具有慣性，要保持原來的向東運

動狀態，所以快遞件P可能會向東掉落，故C正確。

D、電動機的工作原理是通電導體在磁場中受力運動，而電磁感應是發電機的工作原理，故D錯誤。

故選：Co

【分析】在研究物體運動時，要選擇參照的標準，即參照物，物體的位置相對于參照物發生變化，則運動，

不發生變化，則靜I卜。物體保持原來運動狀態不變的性質叫慣性△電動機的「作原理是通電導體在磁場中受

力運動。

第9頁

5.【答案】A

【解析】【解答】ABC、拖地時除塵紙與地板摩擦后得到電子，除塵紙帶負電，地板失去電子，帶正電，故A

正確，BC錯誤；

D、除塵紙吸附灰塵利用了帶電體有。吸引輕小物體的性質，故D錯誤。

故選：Ao

【分析】用摩擦的方法使物體帶電，叫摩擦起電，這時物體帶的是靜電，帶電體有了吸引輕小物體的性質，

我們就說物體帶了電，或者說帶了日荷。不同的物質原子核束縛核外出子的本領有強有弱，原子核束縛核外

電子本領強的奪得電子，因多余電子帶負電，原子核束縛核外電子本領弱的失去電子，因缺少電子帶正電。

6.【答案】C

【解析】【解答】在渦輪發動機中，空氣經壓縮后進入燃燒室，與燃料混合燃燒產生高溫高壓燃氣，燃氣向后

高速噴出推動渦輪機旋轉，此過程同樣是燃料燃燒釋放內能并轉化為機械能，與汽油機的做功沖程作用相

同。進氣室對應汽油機的吸氣沖程，壓縮室對應壓縮沖程，排氣室對應排氣沖程，故C符合題意，ABD不

符合題意。

故選：Co

【分析】汽油機的做功沖程是燃料在氣缸內燃燒，產生高溫高壓燃氣，推動活塞做功，將內能轉化為機械

能。

7.【答案】C

【解析】【解答】A、銅是非磁材料，不能被電磁鐵吸引，所以金屬塊B不能選用銅塊，故A錯誤；

B、電磁鐵的磁性強弱與電流大小有關，閉合開關S后，滑片P左右移動，電路中的電流大小變化，A的磁

性強弱變化，故B錯誤；

C、根據安培定則，右手握住螺線管，四指指向電流方向（電源正極出發經螺線管回到負極），大拇指指向電

磁鐵A的右端為N極，左端為S極，故C正確；

D、若電源正負極對調，電磁鐵的磁極發生改變，但電磁鐵仍然能夠吸引鐵塊B,故D錯誤。

故選：Co

【分析】鐵、鉆、鍥等物質容易被磁化，可作為電磁鐵吸引的對象；電磁鐵磁性強弱與電流大小、線圈匝數

等有關，在匝數等其他條件不變時，電流越大，磁性越強；安培定則：用右手握住螺線管，讓四指指向螺線

管中電流的方向，則大拇指所指的那端就是螺線管的N極；電磁鐵的磁性有無可通過電流的通斷來控制；

8.【答案】D

【解析】【解答】A、由電路圖可知，電路為AB均勻半圓弧形電阻的簡單電路，電壓表測AP弧部分電阻兩

端的電壓，在滑片P移動時，AB連入的電阻不變，故A錯誤；

B、由歐姆定律可知，當滑片P沿逆時針方向轉動時，電路中的總電阻不變，則電路中的電流大小不會改

變，故B錯誤；

第10頁

C、由電路圖可知，電壓表測AP弧部分電阻兩端的電壓，因滑片P沿逆時針方向轉動時，電路總電阻不

變，電源電壓不變，電路電流不變，AP弧部分電阻變小，由歐姆定律可知，電壓表示數會變小，故C錯

誤；

D.電源電壓不變，電路中的電流不變，根據P二UI可知，電路的總功率不變，故D正確。

故選：Do

【分析】由電路圖可知，電路為AB均勻半圓弧形電阻的簡單電路，電壓表測AP弧部分電阻兩端的電壓；

電壓表的內阻很大、在電路中相當于斷路，據此判斷出滑片移動時接入電路中的電阻不變，根據歐姆定律可

知電路中的電流變化，根據滑片P的轉動可知AP弧部分電阻變化，根據歐姆定律可知電壓表示數的變化，

根據P=UI可知電路總功率變化。

9.【答案】D

【解析】【解答】A、擦商器靜止在玻璃上時，甲受到的摩擦力方向豎直向下甲靜止在豎直玻璃上，豎直方

向受到向下的重力，根據二力平衡，摩擦力方向應該豎直向上，與重力相互抵消，故A錯誤c

B、擦窗器靜止在玻璃上時，若A、B間的磁力變大，甲受到的摩擦力變大甲靜止時，豎直方向的摩擦力與

重力是一對平衡力，重力大小不變，所以摩擦力大小也不變。磁力變大只會增大甲對玻璃的壓力，不會影響

豎直方向的摩擦力，故B錯誤。

C、用豎直向上、大小為8N的力推劭甲勻速豎直向上擦玻璃，甲受到摩擦力為13N甲勻速向上運動時，豎

直方向受到向上的推力、向下的重力和向下的滑動摩擦力。根據受力平衡，可得摩擦力仁FkG甲

=8N-5N=3N,并非13N,故C錯誤。

D、若取走甲，甲、乙間的磁力消失，乙在豎直方向受到的合力為5N取走甲后，乙失去磁力支撐，僅受豎

直向下的重力(5N),此時乙不受其他豎直方向的力，合力大小等于重力，即5N,故D正確。

故選：Do

【分析】摩擦力的方向與物體相對運動的方向相反；擦窗機器人在豎直玻璃板上靜止時，處于平衡狀態，豎

直方向受到的重力和摩擦力是一對平衡力，二力方向相反。

10.【答案】D

【解析】【解答】A、超導材料電阻為0,根據焦耳定律Q=PRt,電阻為()時無法產生熱量，不能作為發熱電

阻，故A錯誤；

B、由電路圖可知，當閉合S后，當Si置于2時，R2被短路，電路中只有Ri接入，故B錯誤；

C、由電路圖可知，當閉合S后，當Si置于1時，Ri與R?并聯，根據p=(可知，此時總功率更大，因此

處于高溫擋位，故C錯誤；

D、當Si置于2時，電路總功率為44W,根據p=%可知，/二？=(2：歌二口。。。,故D正確。

故選：Do

第11頁

【分析】電阻為。時無法產生熱量，不能作為發熱電阻；判斷電路擋位的核心是功率大小，根據p=(,電

源電壓不變時，總電阻越小，功率越大，為高溫擋；總電阻越大，功率越小，為低溫擋。

(2)400；右；根據杠桿平衡條件「山=&%(FC1C=FAIA),FA、1A均不變，因為當手水平向右點移動時，1c

變大，所以Fc變小

(3)600

【解析】【解答】(1)杠桿A點受到繩子給的豎直向下的拉力FA，從O點向力Fc做垂線得到力Fc的力臂

1c,如圖所示；

(2)當配重剛好被拉離地面時，杠桿A點受到的拉力乙=800乂則根據杠桿平衡原理可得：

FAlA=Fclc^代入數據可得Fc=400N,保持Fc方向不變，若人想用更小的力拉起配重，可以增大拉力的力

臂，即手應水平向右移動。

(3)當人雙手自然垂下站在水平地面上，雙腳與地面的總接觸面積為0.04m2,人對水平地面的壓強為

1.5xlO4Pa,則人的重力為G=F=pS=1.5x104Pax0.04m2=600/V

【分析】(1)杠桿A點受到繩子給的豎直向下的拉力FA,力臂是力的作用線到支點之間的距離；

(2)當配重剛好被拉離地面時，結合杠桿平衡條件可得拉力Fc大小以及手移動方向；

(3)根據p=《分析重力大小。

第12頁

MN

MN

【解析】【解答】（1）根據平面鏡成像的特點，先作出物體MN的端點M、N在平面鏡中的對稱點M'、N；

第13頁

連接M'、N’點即為物體MN在平面鏡中的像，注意輔助線和像用虛線，如圖所示:

(2)先過入射點。垂直于平面鏡畫出法線，再根據反射角等于入射角，在法線的另一側畫出反射光線b,

如圖所示:

第14頁

平面鏡與凸透鏡主光軸的夾角為45。，光線a為N點發出的一條豎直向下光線，所以光線a的反射光線b平

行于凸透鏡的主光軸，該光線經凸透鏡折射后將過凸透鏡的焦點，即得折射光線c,如圖所示：

(3)甲凸透鏡焦距f甲=4cm,物體A在6cm刻度處，物距u=6cm,滿足f甲VuV2f甲(4cmV6mV8cm),根

據凸透鏡成像規律，此時成倒立、放大的實像；換成乙凸透鏡，焦距f乙=8cm,物距u=6cm,滿足u<f乙，

根據凸透鏡成像規律，此時成正立、放大的虛像。

【分析】(1)平面鏡成像的特點：像與物到平面鏡的距離相等、連線與鏡面垂直、大小相等，即像與物關

于平面鏡對稱：基本作法：作出兩個端點M、N的像點，連接像點即為物體MN在平面鏡中的像：

(2)先畫出法線，再根據反射角等于入射角，在法線的另一側畫出反射光線；

根據凸透鏡的三條特殊光線作圖；

(3)凸透鏡的成像規律為：當u>2f時，成倒立縮小的實像，此時fVv<2f；當u=v=2f時，成倒立等大的

實像；當成倒立放大的實像，此時v>2f；當u<f時，成正立放大的虛像；凸透鏡成實像時，物

近像遠像變大。

13.【答案】(1)熱傳遞；9x107

(2)電；液；70

【解析】【解答】(1)在火斗里加入熱水來熨平衣物，衣物吸收熱量，溫度會升高，這是通過熱傳遞的方式改

變衣物內能的；完全燃燒3kg的焦炭放出的熱量：Q放=m0.q.=3kgx3xlO7j/kg=9xl()7j。

(2)電熨斗加熱水時，消耗電能，水的內能增加，電能轉化為內能；

“白氣”是高溫的水蒸氣遇冷液化形成的小水滴，是液態；

Q吸________6.3x10

由。吸=cm(t-t)可得,。_+20℃=70℃o

水的末溫為￡

Q+曲=4.2xlO3//(kg?℃)x0.3kg

W水

【分析】(1)改變內能的方法：做功和熱傳遞。做功是能量的轉化過程，熱傳遞是能量的轉移過程；根據Q

放二mq計算完全燃燒3kg的焦炭放出的熱量。

(2)電熨斗加熱水時，電能轉化為內能；物質由氣態變成液態的過程叫做液化；根據

Q吸=cm(t-to)計算水的末溫。

第15頁

（2）等于

（3）等于

【解析】【解答】（1）密度計靜止在液體中，受到豎直向下的重力和豎直向上的浮力，二者是一對平衡力,

大小相等、方向相反，如圖所示：

（2）密度計在甲、乙兩杯液體中都處于漂浮狀態，根據漂浮條件：F；kG可知，同一支密度計的重力不變，

所以甲杯中密度計受到的浮力等于乙杯中密度計受到的浮力。

（3）由阿基米德原理F「p水gV播,且F浮產F浮乙，從圖中可知Vg>V體乙，所以p甲Vp乙。燒杯中液體的深

度相同，根據液體壓強公式p=p液gh,所以甲杯液體對燒杯底的壓強小于乙杯液體對燒杯底的壓強。

【分析】（1）密度計靜止在液體中，受到豎直向下的重力和豎直向上的浮力，二者是一對平衡力，據此畫

圖。

（2）密度計在甲、乙兩杯液體中都處于漂浮狀態，根據漂浮條件分析。

（3）由阿基米德原理F片p水gV推，得出液體密度大小。根據液體壓強公式p=p漁gh分析。

15.【答案】（1）解：起重機勻速提升建材所用的力與建材所受的重力大小相等，

F=（；=1.8x104/V

W行=F濟=1.8x104/Vx10m=1.8x1057

W5

滑輪組的機械效率n=1,8x17xioo%=90%

W總2x1（6）6/

（2）解：s=nh=2xl0m=20m

Wq

起升電動機對鋼繩施加的拉力尸=3=2x10〉=4可

s20m

（3）B；E

【解析】【解答】（3）ABCD、建材沿豎直方向勻速上升，質量不變，速度不變，動能不變，高度增大，重力

勢能增大，機械能增大，符合能量守恒定律，故B正確，ACD錯誤；

Wq

E、起升電動機對鋼絲繩的拉力F做功的功率為p=_於=0黑1=2X104^，故E正確。

第16頁

故選：BEo

【分析】(1)根據W=Gh得到有用功，根據叩=六得到滑輪組的機械效率；

總

W

(2)動滑輪繞2段繩，根據s=nh得到繩子自由端移動的距離，根據尸=3得到起升電動機對鋼繩施加的

s

拉力F的大?。?/p>

(3)動能與質量利速度有關，重力勢能與質量和高度有關，根據P=與得到起升電動機對鋼巡繩的拉力F做

功的功率。

16.【答案】(1)A

(2)解：R與M并聯，UR=UM=U=2201Z

UR220V

IR=-R=-55Q='A

(3)解：R與M并聯且正常工作，3=器=避持=054

/=/“+4=0.54+44=4.54

W=Ult=220Vx4.5Ax10s=9900/

(4)>

【解析】【解答】(1)由題知，吹冷風時只有電動機工作；吹熱風時發熱電阻和電動機同時工作，由此可知，

電動機和發熱電阻工作時互不影響，即兩者并聯，由于但不能出現發熱電阻單獨工作的情況，則需要干路上

安裝一個總開關，一個只控制發熱弓阻的開關，開關接在用電器和火線之間。故選：Ao

(4)吹冷風一段時間，風干機消耗的電能即為電動機消耗的電能W,電動機線圈產生的熱量為Q,電動機

電能轉化為機械能和熱能Q，即亞=(2+\\^做健，所以W>Q。

【分析】(1)根據并聯電路的工作特點：各用電器獨立工作，互不影響，由此可分析電動機和電熱絲的連接

方式。

(2)R與M并聯，結合歐姆定律列式求解；

(3)R與M并聯且正常工作，求解電動機電流以及總電流，結合W=Ull求解電能；

(4)電動機電能轉化為機械能和熱能。

(2)A

(3)0.4

第17頁

(4)B

(5)40；5

【解析】【解答】（1）根據圖甲電路圖，電壓表應與定值電阻并聯，實驗中控制定值電阻R兩端電壓為2V,

故電壓表選擇。?3V量程，實物電路圖如下：

（2）閉合開關后，電流表、電壓表均無示數，電路可能出現斷路。若故障只出現在Rp或R,則可能是滑動

變阻器RP斷路，因為如果R斷路，電壓表會有示數（測電源電壓），而現在兩表均無示數，所以是滑動變阻

器RP斷路導致整個電路不通，故選：Ao

（3）由圖可知電流表量程為0-0.6A,結合電流表示數可得電流大小為0.4A；

（4）將定值電阻由5c更換為10C,根據串聯分壓原理，定值電阻增大，其兩端電壓會增大,要使定值電阻

兩端電壓仍為2V,應增大滑動變阻器接入電路的電阻，即向右端調節滑片（因為滑動變阻器左下接線柱接

入電路，向右滑電阻變大）。故選：B