2025-2026學年山西省長治市部分學校高一（下）期末物理試卷(含詳細答案解析)

第=page11頁，共=sectionpages11頁2025-2026學年山西省長治市部分學校高一（下）期末物理試卷一、單選題：本大題共7小題，共28分。1.國之重器-爆轟驅動超高速高焓激波風洞JF?22作為全世界最先進的風洞之一，我們可以借助絲帶和點燃的煙線輔助觀察來類比研究風洞里的流場環境。某次實驗中獲得一煙塵顆粒從P點到Q點做曲線運動的軌跡如圖所示，不計煙塵顆粒的重力，則(

)A.煙塵顆粒飄在空中速度不變 B.P點處的速度方向從P點指向Q點

C.P點處的加速度方向可能斜向右上方 D.Q點處的合力方向可能豎直向上2.如圖所示，一個球繞中心軸線OO′以角速度ω做勻速圓周運動，則下列說法正確的是(

)A.a、b兩點的線速度相同

B.a、b兩點的角速度相同

C.a、b兩點的向心加速度大小相等

D.若θ=45°，則a、b

3.手拿球拍托著乒乓球跑是校運動會的一項常見的趣味項目，如圖所示。假設某段時間內乒乓球相對球拍靜止一起水平向右做勻速直線運動，不計空氣阻力，則此過程中(

)A.乒乓球受到的摩擦力不做功

B.乒乓球受到的支持力做正功

C.乒乓球受到的重力做負功

D.乒乓球所受合外力做正功4.如圖所示，一根跨越光滑定滑輪的輕繩，兩端各栓有一雜技演員(可視為質點)。a站在地面，b處于高臺上，此時繃緊的細繩間夾角為60°且左側細繩豎直。若b從圖示位置由靜止開始擺下，當b擺至最低點時，a剛好對地面無壓力。不考慮空氣阻力，則a與b的質量之比為(

)

A.2：1 B.1：2 C.3：1 D.1：35.設在地球上和某天體上以相同的初速度豎直上拋一物體的最大高度比為k(均不計阻力)，且已知地球與該天體的半徑之比也為k，則地球與此天體的質量之比為(

)A.1 B.k2 C.k D.6.質量分別為2kg、3kg的物塊A和B，系在一根不可伸長的輕繩兩端，細繩跨過固定在傾角為30°的斜面頂端的輕質定滑輪上，此時物體A離地面的高度為0.8m，如圖所示，斜面光滑且足夠長，始終保持靜止，g取10m/s2A.物體A落地的速度為4m/s B.物體A落地的速度為2105m/s

C.物體7.體育課上，小杜同學將籃球使勁擲向地面后籃球向斜向上方反彈，從籃球反彈到籃球到達最高點離地高度h=2m的過程中，忽略空氣阻力，關于籃球的動能Ek(如圖中實線所示)和重力勢能Ep(如圖中虛線所示)A. B.

C. D.二、多選題：本大題共3小題，共18分。8.圖甲是洗衣機脫水筒甩干衣服的情境，圖乙是兩個圓錐擺，圖丙是完全相同的兩個小球在內壁光滑的倒圓錐內做勻速圓周運動。關于這三種圓周運動，下列說法正確的是(

)

A.圖甲中衣服隨脫水筒一起勻速轉動的過程中，筒對衣服的摩擦力提供向心力

B.圖乙中兩小球的線速度大小相等

C.圖乙中兩小球具有相同的運動周期

D.圖丙中a球的角速度小于b球的角速度9.2026年5月12日，我國在太原衛星發射中心用長征六號運載火箭以一箭18星方式成功將千帆星座低軌組網衛星送入預定軌道。已知該衛星軌道離地高度h小于靜止衛星的離地高度，地球的半徑為R，地球表面重力加速度為g，若衛星繞地球的運動可視為勻速圓周運動，下列關于衛星的說法正確的是(

)A.升空的過程機械能減少

B.進入預定軌道后的運行速度大小為RgR+h

C.進入預定軌道后的向心加速度大小為g10.如圖所示，輕質彈簧一端固定，另一端與一質量為m、套在粗糙豎直固定桿A點的圓環相連。圓環從A點由靜止開始下滑，經過B點彈簧水平且處于原長，到達C點的速度為零。若圓環在C點獲得一豎直向上的速度v，上滑回到A點的速度為零。彈簧始終在彈性限度內，不計空氣阻力，則圓環(

)

A.下滑過程中，彈簧的彈性勢能一直增大

B.下滑過程中，經過B點時的速度最大

C.下滑過程中，圓環克服摩擦力做的功為14mv2

D.上滑過程中經過三、實驗題：本大題共2小題，共20分。11.為了進一步研究平拋運動，某同學用如圖1所示的裝置進行實驗．

(1)為了準確地描繪出平拋運動的軌跡，下列要求合理的是

.

A.小球每次必須從斜槽上同一位置由靜止釋放

B.斜槽軌道必須光滑

C.斜槽軌道末端必須水平

D.本實驗必需的器材還有刻度尺和秒表

(2)圖2是正確實驗取得的數據，其中O為拋出點，則此小球做平拋運動的初速度為

m/12.實驗小組利用如圖甲所示的實驗裝置驗證機械能守恒定律。重力加速度g取9.8m/s2，據此回答下列問題：

(1)對于本實驗，下列操作中對減小實驗誤差有利的是

。

A.釋放重物前，使重物遠離打點計時器

B.用手托穩重物，接通電源后，撤手釋放重物

C.將打點計時器的兩個限位孔調節到同一豎直線上

(2)實驗小組讓重物帶動紙帶從靜止開始自由下落，按正確操作得到了一條完整的紙帶，在紙帶上選取連續打出的點1、2、3、4、5、6，測出點3、4、5到起始點0的距離，如圖乙所示。已知重物的質量為m=0.5kg。從打點0到打點4的過程中，重物的重力勢能減少量ΔEp=

J，動能增加量ΔEk=

J，在誤差范圍內，若ΔEp等于ΔEk則可驗證重物下降過程中機械能守恒。(計算結果均保留3位有效數字)

(3)在紙帶上選取多個計數點，測量它們到起始點0的距離h，計算對應計數點的重物速度v，作出v2?h圖像，若圖像是一條過原點的直線，且斜率為

(用g表示)四、計算題：本大題共3小題，共34分。13.如圖所示，某滑板運動者在距地面高度h=0.8m的平臺上滑行，從A點水平離開后落在水平地面上的B點，其水平位移s=2m。由于人與滑板著地時存在機械能損失，著地后速度大小變為v=3m(1)(2)14.為實現嫦娥六號探測器在月球背面與地面順利進行通信，中國又發射了“鵲橋二號”中繼衛星，作為嫦娥六號探測器與地面聯系的橋梁，“鵲橋二號”中繼衛星在環繞月球的大橢圓軌道上運行，其運行周期為T0。已知嫦娥六號探測器環繞月球表面飛行的周期為T，月球半徑為R，引力常量為G，求：(1(215.如圖所示，左側為一傾角為θ(未知)的斜面P，右側為豎直光滑圓弧軌道ABC與另一足夠長的斜面E平滑相接(斜面沿C端的切線方向)，其中圓弧軌道的兩端A、C關于過圓心O的豎直線對稱，B為圓弧軌道的最低點。一滑塊從P的頂端處，以初速度v0=455m/s沿斜面切線方向飛出，經t1=0.2s恰好無碰撞地從A端沿圓弧切線方向進入豎直光滑圓弧軌道ABC，然后從C端沖上斜面E，在E上減速到零后又反向滑回。已知滑塊從C點進入E開始到第二次經過該斜面上的D點所經的時間間隔t2=0.3s，滑塊質量M=2kg，斜面P的頂端與A端的水平間隔L=0.32m，圓弧軌道ABC的半徑R=0.5m，滑塊與斜面E間的動摩擦因數μ=0.5，重力加速度答案和解析1.【答案】C

【解析】解：A.煙塵顆粒做曲線運動，速度方向發生變化，故A錯誤；

B.P點處的速度方向沿該點的切線方向，不是由P點指向Q點，故B錯誤；

CD.根據曲線運動的特點，合力(加速度)方向指向軌跡凹側，可知，P點處的加速度方向可能斜向右上方，Q點處的合力方向不可能豎直向上，故C正確，D錯誤。

故選：C。

根據速度的矢量性特點結合曲線運動的速度方向、和受力(加速度)2.【答案】B

【解析】解：BD、球上所有的點都屬于同軸轉動，故a、b兩點角速度相等，結合角速度與周期的關系ω=2πT，兩點的周期也相等，即Ta：Tb=1：1，故B正確，D錯誤；

AC、由題圖可知ra<rb，則由v=ωr和a=3.【答案】B

【解析】解：乒乓球受到豎直向下的重力，垂直球拍向上的支持力以及沿球拍向上的摩擦力，位移方向向右；根據力與位移間夾角為銳角，力做正功；力與位移間夾角為鈍角，力做負功；力與位移間夾角為直角，力不做功，可確定摩擦力做負功，支持力做正功，重力不做功；因乒乓球速度不變，則動能不變，則所受合外力不做功。故B正確，ACD錯誤；

故選：B。

對乒乓球進行受力分析，根據力與位移間夾角確定做功情況。力與位移間夾角為銳角，力做正功；力與位移間夾角為鈍角，力做負功；力與位移間夾角為直角，力不做功。

本題主要考查了功的正負的判定，解題關鍵是掌握力與位移間夾角確定做功的情況。4.【答案】A

【解析】解：b下落過程中由于只有重力做功，所以機械能守恒：mbgL(1?cos60°)=12mbv2

在最低點有：Tb?mbg=mbv2L

聯立解得：Tb=2mbg

當a5.【答案】C

【解析】【解答】在地球上：h=v022g

某天體上；h′=v022g′

因為hh′=k,所以g′g=k①6.【答案】B

【解析】AB、物塊A下落過程中，物塊A、B組成的系統機械能守恒，則有mAgh?mBghsin30°=12(mA+mB)v2

解得物體A落地的速度為：v=2105m/s，故A錯誤，B正確；

CD、根據題圖可知，物塊A落地之前B沿斜面上滑的距離為x1=h=0.8m

設物塊A落地之后B繼續沿斜面上滑的距離為x2，

對B，由機械能守恒定律有mBg7.【答案】C

【解析】解：籃球升到最高點時速度不為零，所以h=2m時，動能Ek不為零，由圖可知h=0時，動能Ek=20J，重力勢能EP=0，則籃球在地面的機械能

E=Ek+EP8.【答案】CD

【解析】解：A.圖甲中衣服隨脫水筒一起勻速轉動的過程中，筒對衣服的支持力提供向心力，故A錯誤；

BC.設小球質量為m，擺繩與豎直方向之間的夾角為θ，擺球與懸點的高度差為h，線速度大小為v，周期為T。小球受到的重力與繩子拉力的合力提供水平方向的向心力，根據牛頓第二定律有mgtanθ=mv2htanθ=m4π2T2htanθ

解得v=tanθgh，T=2πhg，由上述兩式可知題圖乙中兩小球的線速度大小不等，周期相等，故B錯誤，C正確；

D9.【答案】BC

【解析】解：A、衛星升空過程中外界對衛星做功，衛星的動能與重力勢能均增大，因此機械能增加，故A錯誤；

BC、根據萬有引力提供向心力有GMm(R+h)2=mv2R+h=ma，地球表面物體滿足重力等于萬有引力，即GMm0R2=m0g，聯立兩式可得衛星進入預定軌道后的運行速度大小v=10.【答案】CD

【解析】解：A、下滑過程中，因為在B點時彈簧在原長，可知下滑過程中彈簧的彈性勢能先減小后增大，故A錯誤；

B、下滑過程中，當合力為零時速度最大，此時彈力向上的分量與摩擦力之和等于圓環的重力，B點的彈力為零，摩擦力為零，故速度最大的位置不在B點，故B錯誤；

C、下滑過程中WG?W彈?Wf=0

上滑過程中?WG+W彈?Wf=0?12mv2

代入數據可得Wf=14mv2，故C正確；

D、從B到A上滑過程中?WG1?W彈11.【答案】AC1.6

【解析】解：(1)A、為了保證小球平拋運動的初速度相等，每次讓小球從斜槽的同一位置由靜止釋放，斜槽軌道不一定需要光滑，故A正確，B錯誤．

C、為了保證小球的初速度水平，斜槽軌道末端必須水平，故C正確．

D、小球平拋運動的時間可以根據豎直位移求出，不需要秒表，故D錯誤．

故選：AC.

(2)在豎直方向上，根據y=12gt2得平拋運動的時間為：t=12.【答案】C1.981.822gP

【解析】解：(1)A.釋放重物前，應使重物靠近打點計時器，故A錯誤；

B.應在打點計時器上方用手拉住紙帶而不是用手托住重物，故B錯誤；

C.將打點計時器的兩個限位孔調節到同一豎直線上，有利于減小摩擦，故C正確。

故選：C。

(2)從打點0到打點4的過程中，重物的重力勢能減少量為ΔEP=mgh04=0.5×9.8×40.50×10?2J≈1.98J，根據勻變速直線運動的規律可得，打點計時器打點4時的速度大小為v=x352T=(46.08?35.28)×10?22×0.02m/s=2.7m/s，所以重物動能的增加量為Ek=12mv213.【答案】【小題1】以平拋運動規律為依據，可得h=12gt2【小題2】人在水平面滑行的過程中，結合動能定理列式，可得?fs1=0

【解析】解：(1)以平拋運動規律為依據，可得h=12gt2，s=v0t，代入對應數據，解得：t=0.4s，v0=5m/s。

(2)人在水平面滑行的過程中，結合動能定理列式，可得?fs114.【答案】【小題1】根據開普勒第三定律可得a3T【小題2】對嫦娥六號探測器，根據牛頓第二定律則有mg=m4π

【解析】解：(1)根據開普勒第三定律可得a3T02=R3T2，解得“鵲橋二號”中繼衛星的軌道半長軸與月球半徑之比aR=3T02T2；

(2)對嫦娥六號探測器，根據牛頓第二定律則有mg15.【答案】斜面P傾角θ的正切值為0.5

滑塊第一次經過B點時，對軌道的壓力大小為44N

滑塊從C進入E開始到第二次經過D的過程中，與斜面E間因摩擦產生的熱量為1.68J【解析】解：(1)滑塊從斜面P頂端飛出后做平拋運動，水平方向有L=v0cosθ?t1，代入0.32=455cosθ?0.2，解得co