河北省衡水市桃城區(qū)2025-2026學(xué)年高三物理下學(xué)期綜合素質(zhì)評(píng)價(jià)二【含答案】

2025-2026學(xué)年度高三下學(xué)期綜合素質(zhì)評(píng)價(jià)二物理學(xué)科考試時(shí)間：75分鐘；試卷滿分：100分注意事項(xiàng)：1．答題前填寫好自己的姓名、班級(jí)、考號(hào)等信息2．請(qǐng)將答案正確填寫在答題卡上第I卷（選擇題共46分）一、單項(xiàng)選擇題（本題共7個(gè)小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。）1.我們在學(xué)習(xí)物理知識(shí)的同時(shí)，也學(xué)習(xí)物理學(xué)研究問題的思想和方法，下列說法正確的是（）A.“質(zhì)點(diǎn)”這一概念的建立是運(yùn)用了假設(shè)法B.伽利略在研究自由落體運(yùn)動(dòng)時(shí)采用了實(shí)驗(yàn)和邏輯推理相結(jié)合的方法C.求兩個(gè)力的合力時(shí)，要運(yùn)用控制變量的方法D.牛頓第一定律又稱慣性定律，隨著科學(xué)技術(shù)的進(jìn)步也可以用實(shí)驗(yàn)直接驗(yàn)證【答案】B【解析】【詳解】A．“質(zhì)點(diǎn)”是忽略物體形狀、大小等次要因素，突出“具有質(zhì)量”這一核心屬性建立的理想物理模型，運(yùn)用的是理想模型法，并非假設(shè)法，故A錯(cuò)誤；B．伽利略研究自由落體運(yùn)動(dòng)時(shí)，通過斜面實(shí)驗(yàn)“沖淡重力”解決了瞬時(shí)速度、短時(shí)間難以測量的問題，再結(jié)合邏輯推理將結(jié)論外推到豎直自由下落的場景，采用了實(shí)驗(yàn)和邏輯推理相結(jié)合的方法，故B正確；C．求兩個(gè)力的合力時(shí)，用一個(gè)力的作用效果等效替代兩個(gè)分力共同作用的效果，運(yùn)用的是等效替代法，并非控制變量法，故C錯(cuò)誤；D．牛頓第一定律描述的是物體不受外力的理想狀態(tài)，現(xiàn)實(shí)中不存在完全不受外力的物體，無法通過實(shí)驗(yàn)直接驗(yàn)證，故D錯(cuò)誤。故選B。2.如圖所示，關(guān)于氫原子能級(jí)和譜線圖，下列說法正確的是（）A.氫原子輻射光子的頻率條件是B.處于基態(tài)氫原子可以吸收能量為11eV的光子而躍遷到高能級(jí)C.所有原子光譜都有多條譜線，所以不能用來鑒別物質(zhì)和確定物質(zhì)的組成成分D.一個(gè)氫原子處于激發(fā)態(tài)，向基態(tài)躍遷時(shí)，可能輻射出10種不同頻率的光子【答案】A【解析】【詳解】A．根據(jù)氫原子躍遷的輻射條件，氫原子從高能級(jí)n向低能級(jí)m（）躍遷輻射光子，光子能量滿足，故A正確；B．基態(tài)氫原子能量為，吸收光子后總能量為氫原子不存在該能級(jí)，不符合能級(jí)差要求，不能躍遷，故B錯(cuò)誤；C．每種原子的原子光譜雖然有多條譜線，但不同原子都有其特征譜線，特征譜線可以用于光譜分析，鑒別物質(zhì)、確定物質(zhì)組成，故C錯(cuò)誤；D．一個(gè)處于激發(fā)態(tài)的氫原子，向基態(tài)躍遷時(shí)，最多輻射出4種不同頻率的光子（逐級(jí)躍遷），不可能輻射出10種，10種是大量氫原子躍遷的結(jié)果，故D錯(cuò)誤。故選A。3.2025年春晚，國產(chǎn)機(jī)器人扭秧歌動(dòng)作絲滑堪比人類，某機(jī)器人先做勻速直線運(yùn)動(dòng)，再做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，以開始勻加速的時(shí)刻為0時(shí)刻。運(yùn)動(dòng)的時(shí)間用表示，速度用表示，位移用表示，加速度用表示，則下列圖像可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【詳解】AB．根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)可知機(jī)器人的圖像是一次函數(shù)圖像，圖像是一條與時(shí)間軸平行的直線，故AB錯(cuò)誤；CD．根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律解得因此機(jī)器人的圖像是一次函數(shù)，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。4.光滑水平面上，細(xì)線一端固定在O點(diǎn)，另一端與小球相連，小球受到兩個(gè)相互垂直的水平拉力和，細(xì)線始終水平，與細(xì)線的夾角為（為鈍角），小球始終處于平衡狀態(tài)。則下列說法正確的是（）A.保持拉力恒定不變，方向不變，大小逐漸增加，則小球受到細(xì)線的拉力逐漸減小B.只增加細(xì)線的長度，保持三個(gè)力方向不變，則減小C.若保持角和不變，將拉力沿順時(shí)針方向緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，則小球受到細(xì)線的拉力將逐漸增大D.若保持角和不變，將拉力沿順時(shí)針方向緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，則小球受到細(xì)線的拉力將逐漸減小【答案】D【解析】【詳解】A．保持F2不變，如圖所示由三角形定則可知，F(xiàn)1增大時(shí)，F(xiàn)T逐漸增大，故A錯(cuò)誤；B．只增加細(xì)線的長度，對(duì)力的大小沒有影響，F(xiàn)2大小不變，故B錯(cuò)誤；CD．α角和F2不變，將拉力F1沿順時(shí)針方向緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，則F1與F2之間夾角β減小，且β<90°，沿著垂直F1方向正交分解可得可知細(xì)線上拉力逐漸減小，C錯(cuò)誤，D正確。故選D。5.我國天文學(xué)家通過FAST，在武仙座球狀星團(tuán)M13中發(fā)現(xiàn)一個(gè)脈沖雙星系統(tǒng)。如圖所示，該雙星系統(tǒng)由兩個(gè)恒星、組成，兩恒星繞點(diǎn)做順時(shí)針勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)周期為。為的一個(gè)行星，繞做逆時(shí)針勻速圓周運(yùn)動(dòng)，周期為。忽略與之間的萬有引力，且與之間的萬有引力遠(yuǎn)大于與之間的萬有引力。則、、三星由圖示位置到再次共線所用時(shí)間為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】、組成雙星系統(tǒng)，其運(yùn)動(dòng)周期一致，時(shí)刻保持共線。繞到如圖所示的位置，、、三星再次共線。設(shè)、旋轉(zhuǎn)角度為，、順時(shí)針旋轉(zhuǎn)，逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)，則旋轉(zhuǎn)的角度為、旋轉(zhuǎn)所用時(shí)間旋轉(zhuǎn)所用時(shí)間聯(lián)立得解得故選A。6.如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為，、兩端接入有效值為的正弦交流電源，其中、為定值電阻，為光敏電阻（光照越強(qiáng)其電阻越小），電壓表均為理想電表。在光敏電阻接收光照變?nèi)醯倪^程中，下列說法正確的是（）A.整個(gè)回路的功率變大B.電阻與消耗功率的比值變大C.電壓表和的示數(shù)分別為和，則有D.當(dāng)時(shí)，消耗的功率最大【答案】C【解析】【詳解】A．設(shè)原線圈中的電流為，副線圈中電流為，當(dāng)光照減弱時(shí)，電阻增大，理想變壓器（包括負(fù)載）的等效阻值增大，原線圈中電流減小，由功率公式可知電源消耗的功率變小，故A錯(cuò)誤；B．理想變壓器原、副線圈電流和匝數(shù)的關(guān)系為電阻與消耗功率的比值，不會(huì)隨光照發(fā)生變化，故B錯(cuò)誤；C．設(shè)原線圈兩端電壓為，由得到線圈電壓由，故C正確；D．將原電路等效為如圖所示電路，又將、等效到電源內(nèi)阻，當(dāng)時(shí)，即當(dāng)時(shí)，消耗的功率最大，故D錯(cuò)誤。故選C。7.如圖所示，一架無人機(jī)從高為h的高空由靜止釋放質(zhì)量為m的貨物，貨物沿直線下落，下落過程中受到的阻力與速率v的關(guān)系為f＝kv（k已知），最終貨物能勻速到達(dá)地面。已知重力加速度為g，忽略貨物受到的空氣浮力，下列說法正確的是（）A.貨物在下落的過程中做加速度逐漸增大的加速運(yùn)動(dòng)，最后做勻速運(yùn)動(dòng)B.貨物到達(dá)地面時(shí)的速度為C.貨物到達(dá)地面的過程中損失的機(jī)械能為D.貨物下落的時(shí)間為【答案】C【解析】【詳解】A．貨物在下落過程中受重力和阻力，兩力方向相反，阻力隨速率增大而增大，直到大小和重力相等，所以下落的過程中做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，最后做勻速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．如果物體做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度-位移公式解得但是物體不做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)分析可知其到達(dá)地面時(shí)的速度小于，故B錯(cuò)誤；C．物體勻速時(shí)解得物體落地時(shí)的動(dòng)能增加量物體落地時(shí)的重力勢能減少量所以貨物到達(dá)地面的過程中損失的機(jī)械能，故C正確；D．規(guī)定向下為正方向，使用微元法將運(yùn)動(dòng)進(jìn)行劃分，根據(jù)動(dòng)量定理有整理得解得，故D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題（本題共3個(gè)小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)或兩個(gè)以上選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)得6分，選對(duì)但不全得3分，有選錯(cuò)得0分）8.某籃球運(yùn)動(dòng)員將籃球從P點(diǎn)斜向上拋出，經(jīng)最高點(diǎn)M后，落入籃筐N點(diǎn)，已知PM連線與水平方向的夾角為60°，，如圖所示。不計(jì)空氣阻力，將籃球看作質(zhì)點(diǎn)，下列說法正確的是（）A.PM段的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為MN段運(yùn)動(dòng)時(shí)間的2倍 B.PM段的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為MN段運(yùn)動(dòng)時(shí)間的3倍C.PM段的水平位移為MN段水平位移的2倍 D.PM段的水平位移為MN段水平位移的3倍【答案】BD【解析】【詳解】將PM段逆向和MN段均看作平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)幾何關(guān)系可知所以同理，可得所以聯(lián)立，可得又因?yàn)椋獾酶鶕?jù)可得故選BD。9.如圖，空間存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，OA距離為2L，OP是一足夠大的熒光屏，粒子打在熒光屏上均被吸收，在O、A之間有大量質(zhì)量為m、電荷量為的粒子，以相同的速度沿紙面垂直于OA開始運(yùn)動(dòng)。其中從OA中點(diǎn)射入的粒子恰好能垂直打在熒光屏上不計(jì)粒子重力及其相互作用。圖中，則可判斷帶電粒子（）A.運(yùn)動(dòng)速度大小為B.在磁場中運(yùn)動(dòng)的最長時(shí)間C.打在熒光屏上的位置距離O點(diǎn)最遠(yuǎn)為LD.打在熒光屏上的位置距離O點(diǎn)最遠(yuǎn)為【答案】AD【解析】【詳解】A．從OA中點(diǎn)射入的粒子恰好能垂直打在熒光屏上，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示由幾何知識(shí)可知，粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑對(duì)粒子，由牛頓第二定律得解得粒子的速度大小故A正確；B．所有粒子速度相同，則粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑相等，從A點(diǎn)射入磁場的粒子打在O點(diǎn)，該粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角最大，該粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長，最大圓心角，粒子在磁場中的最長運(yùn)動(dòng)時(shí)間故B錯(cuò)誤；CD．粒子打在熒光屏上時(shí)的速度方向平行于AO時(shí)，其位置距離O點(diǎn)最遠(yuǎn)，如圖所示由幾何關(guān)系可知粒子打在熒光屏上的位置距離O點(diǎn)的最遠(yuǎn)距離為故C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。10.如圖甲所示，兩平行光滑金屬導(dǎo)軌固定在絕緣水平面上，左端連接阻值為R=1.5Ω的電阻，導(dǎo)軌間距為L=1m。一長為L=1m，阻值為r=0.5Ω的導(dǎo)體棒垂直放置在導(dǎo)軌上，到導(dǎo)軌左端的距離為x0=16m，空間中有垂直導(dǎo)軌平面向里均勻分布的磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的圖線如圖乙所示。從t=0時(shí)刻開始，導(dǎo)體棒在外力作用下向左做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，速度隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖丙所示，在導(dǎo)體棒離開導(dǎo)軌前的過程，已知凈電荷量等于沿兩個(gè)方向通過的電荷量代數(shù)差的絕對(duì)值，下列說法正確的是（）A.回路中的電流先逐漸減小后逐漸增大B.回路中電流隨時(shí)間均勻增大C.t=1s時(shí)導(dǎo)體棒所受安培力大小為、方向向左D.通過定值電阻R的凈電荷量為40C【答案】AC【解析】【詳解】AB．根據(jù)題意，由圖乙可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的關(guān)系式為由圖丙可知，導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)速度與時(shí)間的關(guān)系式導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)位移與時(shí)間的關(guān)系式聯(lián)立解得磁感應(yīng)強(qiáng)度變化產(chǎn)生的感生電動(dòng)勢為導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的動(dòng)生電動(dòng)勢為由楞次定律和右手定則可知，感生電動(dòng)勢與動(dòng)生電動(dòng)勢方向相反，則回路中感應(yīng)電動(dòng)勢為感應(yīng)電流為，故隨著增大，感應(yīng)電流減小。當(dāng)時(shí)，即，此時(shí)刻以后感應(yīng)電流反向增大，即回路中的電流先逐漸減小后逐漸增大，故A正確，B錯(cuò)誤；C．當(dāng)時(shí)，感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，感應(yīng)電流大小當(dāng)時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為導(dǎo)體棒所受安培力大小為由左手定則可知，安培力方向向左，故C正確；D．根據(jù)題意可知，初狀態(tài)穿過線圈的磁通量為零，末狀態(tài)穿過線圈的磁通量也為零，則整個(gè)過程通過定值電阻的凈電荷量為0，故D錯(cuò)誤。故選AC。第II卷（非選擇題54分）三、計(jì)算題（共54分，請(qǐng)寫出必要的文字說明和解題過程，沒有過程只有結(jié)果則不得分）11.某同學(xué)用如圖1所示的裝置做“用單擺測量重力加速度”的實(shí)驗(yàn)。（1）已知單擺的擺長為，擺球做次全振動(dòng)所用的時(shí)間為，則當(dāng)?shù)刂亓铀俣萠_____（用、、表示）。（2）在安裝實(shí)驗(yàn)裝置的過程中，下列有關(guān)器材的選擇和安裝最合理的是（）A. B.C. D.（3）為減小誤差，該實(shí)驗(yàn)并未直接測量單擺的周期，而是先測量次全振動(dòng)所用的時(shí)間再求出。下列實(shí)驗(yàn)采用了類似方法的有（）A.“用雙縫干涉實(shí)驗(yàn)測量光的波長”實(shí)驗(yàn)中相鄰亮條紋間距離的測量B.“用油膜法估測油酸分子大小”實(shí)驗(yàn)中1滴油酸酒精溶液體積的測量C.“探究等溫情況下一定質(zhì)量氣體壓強(qiáng)與體積的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中氣體體積的測量【答案】（1）（2）D（3）AB【解析】【小問1詳解】由題意可知單擺周期解得【小問2詳解】為了減小空氣阻力的影響，需選擇質(zhì)量大的鐵球，其次為了防止懸點(diǎn)滑動(dòng)，需要夾子夾住擺線，最后為了不讓擺長發(fā)生改變，需選擇細(xì)絲線。故選D。【小問3詳解】A．為減小誤差，該實(shí)驗(yàn)并未直接測量單擺的周期T，而是先測量n次全振動(dòng)的用時(shí)t再求出T，實(shí)驗(yàn)采用方法是放大測量取平均值。“用雙縫干涉實(shí)驗(yàn)測量光的波長”實(shí)驗(yàn)中相鄰亮條紋間距離的測量，采用方法是放大測量取平均值，A正確；B．“用油膜法估測油酸分子的大小”實(shí)驗(yàn)中1滴油酸酒精溶液體積的測量，采用方法是放大測量取平均值，B正確；C．“探究等溫情況下一定質(zhì)量氣體壓強(qiáng)與體積的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中氣體體積的測量，采用方法不是放大測量取平均值，C錯(cuò)誤。故選AB。12.利用熱敏電阻的電學(xué)特性，可以很好地控制溫度對(duì)電路輸出信號(hào)的影響。熱敏電阻可以分為兩類，一類是電阻值隨溫度的升高而增大，稱為PTC；另一類是電阻值隨溫度的升高而減小，稱為NTC。某實(shí)驗(yàn)小組想利用下列器材來探究這兩種熱敏電阻（常溫下阻值約為幾十歐姆）的電學(xué)特性及作用。A.電源E（電動(dòng)勢12V，內(nèi)阻可忽略）B.電流表A1（滿偏電流10mA，內(nèi)阻）C.電流表A2（量程0~1.0A，內(nèi)阻約為0.5Ω）D.滑動(dòng)變阻器（最大阻值10Ω）E.滑動(dòng)變阻器（最大阻值為200Ω）F.定值電阻G.單刀單擲開關(guān)、單刀雙擲開關(guān)各一個(gè)、導(dǎo)線若干（1）若要求熱敏電阻兩端的電壓可以從零開始比較方便地進(jìn)行調(diào)節(jié)，應(yīng)選擇接入電路中的滑動(dòng)變阻器為______（填器材前的字母）；電路實(shí)物圖甲中尚有三條導(dǎo)線未連接，請(qǐng)用鉛筆畫線代替導(dǎo)線將電路補(bǔ)充完整______。（2）物理實(shí)驗(yàn)小組用表示電流表A1的示數(shù)，表示電流表A2的示數(shù)，通過實(shí)驗(yàn)畫出兩個(gè)熱敏電阻接入電路時(shí)的圖線如圖乙中a、b所示。若將圖線b所代表的元件直接接在一個(gè)電動(dòng)勢、內(nèi)阻的電源兩端，則該元件的實(shí)際電阻為______Ω（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。（3）利用熱敏電阻制作一個(gè)測溫探頭，其簡化電路如圖丙所示，為了讓溫度上升時(shí)靈敏電流計(jì)G的示數(shù)增大，你認(rèn)為應(yīng)該選用______（選填“PTC”或“NTC”）熱敏電阻。【答案】（1）①.D②.（2）7.9##7.8##7.7##8.0（3）PTC【解析】【小問1詳解】[1]因?yàn)橐鬅崦綦娮鑳啥说碾妷簭牧汩_始逐漸增大，所以滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，為了便于調(diào)節(jié)，應(yīng)選用阻值較小的滑動(dòng)變阻器D。[2]因?yàn)殡妷簭?開始，故滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，且兩種熱敏電阻阻值較小，故電流表采用外接法，因此實(shí)物連接如下【小問2詳解】將毫安表與R3串聯(lián)后改裝的電壓表量程將圖像轉(zhuǎn)為，在該圖中作出電源（E=10V，r=10Ω）的伏安特性曲線（根據(jù)作圖），如圖所示由圖可知它與b圖像交點(diǎn)坐標(biāo)反映出此時(shí)b元件兩端的實(shí)際電壓為4.4V，電流為0.56A，則此時(shí)元件的電阻為【小問3詳解】為了讓溫度上升時(shí)靈敏電流計(jì)G的示數(shù)增大，就是要讓熱敏電阻的阻值增大，以減小該支路分得的電流，故應(yīng)該選用PTC熱敏電阻。13.如圖所示，是一種血壓計(jì)的氣路系統(tǒng)，血壓計(jì)未工作時(shí)，氣路系統(tǒng)內(nèi)部封閉一定質(zhì)量的空氣，其壓強(qiáng)為p0，體積為V0，血壓計(jì)工作時(shí)，氣泵工作，向氣路系統(tǒng)充入壓強(qiáng)為p0的空氣，氣路系統(tǒng)體積膨脹，當(dāng)氣路系統(tǒng)的壓強(qiáng)達(dá)到1.5p0時(shí)，氣路系統(tǒng)內(nèi)的空氣體積變?yōu)?.2V0，然后打開機(jī)械閥放出部分空氣后，氣路系統(tǒng)的壓強(qiáng)變?yōu)?.2p0時(shí)，氣路系統(tǒng)內(nèi)的空氣體積變?yōu)?.1V0，已知外界大氣壓強(qiáng)為p0，假定氣路系統(tǒng)氣體可視為理想氣體，空氣的溫度不發(fā)生變化且與外界相同。（1）當(dāng)氣路系統(tǒng)的壓強(qiáng)達(dá)到1.5p0時(shí)，充入的外部空氣體積；（2）打開機(jī)械閥門放出的空氣質(zhì)量與氣路系統(tǒng)剩余的空氣質(zhì)量之比。【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）假設(shè)充入的外部空氣的體積為，根據(jù)玻意耳定律可得其中，可得充入的外部空氣的體積為（2）假設(shè)放出的氣體在時(shí)，對(duì)應(yīng)的體積為，根據(jù)玻意耳定律可得其中解得放出的空氣質(zhì)量與氣路系統(tǒng)剩余的空氣質(zhì)量之比為14.如圖所示，P是固定的豎直擋板，質(zhì)量的木板A（木板表面略低于擋板下端）與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，B是放在木板A左端的物塊，其質(zhì)量m=1kg，物塊B與木板A間的動(dòng)摩擦因數(shù)。某時(shí)刻，物塊B與木板A一起以相同的水平速度向左運(yùn)動(dòng)到擋板P處，此時(shí)物塊B與豎直擋板P發(fā)生了第一次碰撞。物塊B和擋板P在碰撞過程中無機(jī)械能損失且碰撞時(shí)間極短，木板A足夠長，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g取。（1）求物塊B與豎直擋板P第一次碰后的相對(duì)運(yùn)動(dòng)過程中木板A和物塊B各自的加速度大小。（2）求第一次碰撞后物塊B相對(duì)木板A滑行的最大距離（物塊B尚未發(fā)生第二次碰撞）。（3）通過計(jì)算判斷物塊B能否與豎直擋板P發(fā)生第二次碰撞。【答案】（1）（2）6m（3）恰好不發(fā)生第二次碰撞【解析】【小問1詳解】物塊B與擋板P碰后向右運(yùn)動(dòng)，受到水平向左的摩擦力，設(shè)其加速度大小為，由牛頓第二定律得解得木板A繼續(xù)向左運(yùn)動(dòng)，受到物塊B和地面水平向右的摩擦力，設(shè)其加速度大小為，由牛頓第二定律得解得【小問2詳解】以水平向左為正方向，設(shè)物塊B與擋板P第一次碰后到A、B共速所用時(shí)間為t，且剛共速時(shí)的速度大小為v，此過程木板A通過的位移為xA，物塊B通過的位移為xB根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，對(duì)長木板A有，依題意，物塊B和擋板P在碰撞過程中無機(jī)械能損失，故碰后瞬間物塊B的速度方向向右，大小為，有，解得則，即B相對(duì)A向右滑行了6m【小問3詳解】假設(shè)A、B共速后一起向左做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度大小為a