2025-2026學年高二物理下學期期中模擬卷01（人教版）（全解全析）

高二物理下學期期中模擬卷01(人教版)

全解全析

(考試時間：75分鐘，試卷滿分：100分)

注意事項:

1.答卷前，考生務必用黑色字跡的鋼筆或簽字筆將自己的準考證號、姓名、考場號和座位號填寫在

答題卡上。用2B鉛筆在“考場號”和“座位號”欄相應位置填涂自己的考場號和座位號。將條形碼

粘貼在答題卡”條形碼粘貼處”。

2.作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如

需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案，答案不能答在試卷上。

3.非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置

上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新的答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作

答的答案無效。

4.考生必須保持答題卡的整潔。考試結束后，將試卷和答題卡一并交回。

5.測試范圍：物理選擇性必修第一冊、物理選擇性必修第二冊。

選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個選項中，第1?7題只有一項符

合題目要求，第8?1()題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯或不答的

得。分。

1.對于以下的光學現象說法中正確的是()

A.圖甲是雙縫干涉示意圖，若只增大兩個狹縫Si、S2間的距離d,相鄰亮條紋間距離Ax將增大

B.圖乙是單色光單縫衍射實驗現象，若在狹縫寬度相同情況下，上圖對應光的波長較短

C.圖丙是用干涉法檢測工件表面平整程度時得到的干涉圖樣，彎曲的干涉條紋說明被檢測的平面在此處

是凸起的

D.圖丁中的P、Q是偏振片，當P固定不動，緩慢轉動Q時，光屏上的光亮度將一明一暗交替變化，此現

象表明光波是縱波

1/12

【答案】C

【解答】4根據/%二/可知只增大兩縫距離d,相鄰亮條紋間距離d%將減小，故力錯誤；

8.由圖可知，上圖的衍射現象比下圖更明顯，可知在狹縫寬度相同情況下，下圖對應的光波長較短，故

8錯誤；

C由圖可知，條紋向空氣薄膜較厚處發生彎曲，說明彎曲處的光程差變短，空氣薄膜間距變小，則被檢

測的平面在此處是凸起的，故C正確；

。緩慢轉動Q時，光屏上的光亮度將一明一暗交替變化，表明光波是橫波，故。錯誤。

故選C。

2.如圖是中國載人航天工程辦公室官方發布的神舟十四號乘組航天員在軌拍攝的攝影作品之一，這些作品是

通過電磁波傳輸到地面接收站，下列關于電磁波說法正確的是()

A.長波、中波、短波可以用于廣播及其他信號的傳輸

B.除可見光外，我們看不到其他電磁波，所以電磁波不具有能量

C.空間站離地面高約400km,圖片從空間站傳回地面最少需要0.013s

D.麥克斯韋預言并通過實驗驗證了電磁波，為無線電技術發展開拓了道路

【答案】，4

【解析】長波、中波、短波可以用于廣播及其他信號的傳輸，故力正確;除可見光外，我們看不到其他電

磁波，但所有電磁波均具有能量，故8錯誤;空間站離地面高約400km,圖片從空間站傳I可地面最少需

要的時間為亡=端券s=0.0013s,故。錯誤;麥克斯韋預言了電磁波，赫茲通過實驗驗證了電磁波的

存在，故。錯誤。

3.如圖所示，包含紅、藍兩種顏色的一束復色光沿半徑方向射入一塊半圓形玻璃磚，在玻璃破底面的入射角

為i，經過折射后射出到空氣中，下列說法正確的是()

D

A.Q光為紅光，匕光為藍光

2/12

B.玻璃磚對a光的折射率小于對b光的折射率

C.在玻璃瓶中，a光的傳播速度小于b光的傳播速度

D.若入射角i逐漸增大，則b光的折射光首先消失

【答案】C

【解析】解：ABC.光線a的偏折程度大，可知a光的折射率大，a為藍光，

再根據公式i，=曰

可知a光在玻璃中的傳播速度小。故C正確、/E錯誤；

。.若改變光束的入射方向使入射角i逐漸變大，則折射光線a的折射角先達到90。，故a光先發生全反射，

折射光線先消失，故。錯誤。

故選：Co

4.分析下列物理現象：①“空山不見人，但聞人語響“；②圍繞發聲的雙股音叉走一圈，聽到聲音忽強忽弱;

③當止在鳴笛的火車背離我任急駛而去時，我們聽到汽笛聲的音調變低；④)雷聲在云層里轟鳴不絕.這

些物理現象分別屬于波的。

A.衍射、干涉、多普勒效應、反射B.衍射、多普勒效應、干涉、折射

C.折射、干涉、多普勒效應、反射D.衍射、折射、多普勒效應、干涉

【答案】A

【解答】①"空山不見人，但聞人語響“，聽到聲音，卻看不見人，這是聲音的衍射：

②圍繞振動的音叉轉?圈會聽到忽強忽弱的聲音，音叉發出兩個頻率相同的聲波相互疊加，從而出現加

強區與減弱區.這是聲音的干涉；

③當正在鳴笛的火車背離我們急!獨而去時，我們聽到汽笛聲的音調變低，音調變低就是頻率變低，因此

這是多普勒效應現象；

④雷聲轟鳴不絕，是由于聲音在云層間來回傳播，這是聲音的反射，故力正確，8C。錯誤。

5.兩滑塊a、b沿水平面上同一條直線運動，并發生碰撞，碰撞后兩者粘在一起運動。兩者的位置》隨時間t變

化的圖象如圖所示。若a滑塊的質量相。=2kg,以下判斷正確的是()

A。、。碰撞前的總動量為3kg-m/s

3/12

B.碰撞時a對b所施沖量為4N?s

C.碰撞前后a的動量變化為4切?m/s

D.碰撞中a、b兩滑塊組成的系統損失的動能為20/

【答案】C

【解析】解:力、由％—￡圖象的斜率表示速度，可知，碰撞前滑塊a的速度為:%=翳=空m/s=-3m/s,

匕的速度為：%=舞=/n/s=2m/s

碰撞后，兩滑塊的共同速度為D=27=馬/ni/s=—lm/so

兩滑塊碰撞過程系統動量守恒，以b的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：mava+mbvb=(ma+

叫))也

解得：mb=gkg,a、b碰撞前的總動量為：p=mava+mbvb=(ma+mb)v=-與kg?m/s。故A錯誤。

B、對b,由動量定理得：I=mbv-mbvb=-4N-s,即碰撞時a對b所施沖量為一4N?s,故3錯誤。

C、碰撞前后a的動量變化為：△2=S/一小。%=4kg?m/s,故C正確。

D、碰撞前后滑塊a、b組成的系統損失的動能為：△%=吳成+加;以一女ma+mb)/，代入數據解

得：△%=107,故。錯誤。

故選：Co

6.如圖甲所示，彈簧振子以。點為平衡位置，在水平面上4、/?兩點之間做簡諧運動。取向右為正方向，振子

的位移不隨時間t的變化圖像如國乙所示，下列說法正確的是0

甲

A.t=0.8s時,振子的回復力最大

B.該振子的頻率為1.64z

C.t=0.6s^lJt=1.0s的時間內.振子通過的路程為16cm

D.該振子的振幅為16cm

【答案】D

【解答】4由圖乙知，t=0.8s時，振子在平衡位置，回復力為0,最小，故力錯誤;

配由圖乙可知，周期T=1.6s,頻率f=*=0.625Hz,故8借誤；

IL

C質點的振動方程％=Asir^-t=16sin(^7rt)(c7n),t=0.6s時：=16sin《7Tx0.6)(cm)=8&cm,

t=1.0s時％2=16sin信7Tx1.0)(cm)=—8&cm,所以￡=0.6s到t=1.0s的時間內，振子通過的路程為

s=+\x2\=16&cm>16cm,故C錯誤。

D由圖乙可知，該振子的振幅為力=16cm,故。正確；

故選。。

7.?列簡諧橫波m某時刻的波形如圖甲所示.從該時刻開始計時，波上質點A的振動圖像如圖乙所示.波a

與另一列簡諧橫波力相遇能發生穩定干涉現象，則下列判斷正確的是()

A.波a沿工軸負方向傳播

B.波b的頻率為0.4Hz

C從該時刻起，再經過0.4s,質點A通過的路程為40cm

D.若波Q遇到障礙物能發生明顯衍射現象，則障礙物的尺寸一定比04m大很多

【答案】C

【解答】4從圖乙可知t=0時刻，4質點的速度為一y方向，在甲圖中采用波形平移的方法可知波a沿+工

方向傳播，故力錯誤；

及由乙圖得到波a的周期為7=0.4s,故頻率為：/=*=春=2.5吐發生穩定干涉的條件是兩列波的

頻率相同、相位差恒定、振動方向平行，故若此波遇到另一列簡諧橫波并發生穩定干涉現象，則所遇到

的波b的頻率為2.5Hz,故8錯誤：

C.At=0.4s,T=0.4s,故△t=T；質點A做簡諧運動，一個周期內通過的路程為

5=4/1=4x10cm=40C7H,故。正確；

。.由甲圖得到波長為；I=0.4m；發生明顯的衍射現象的條件是障礙物的尺寸與波長相差不大或者比波長

小，故若該波遇到一障礙物能發生明顯的衍射現象，則該障礙物的尺寸一定與0.4m相差不大或者比0.4m

小，故。錯誤。

故選：Co

8.一個電阻為R的單匝閉合矩形線框，在勻強磁場中繞與磁感線垂直的軸勻速轉動，穿過線框的磁通量分與

時間￡的關系如圖所示，卜列說法正確的是()

5/12

A.t=0時刻，線框平面與磁感線垂直

B.t=T時刻，線框中的電流為零

C.轉一個周期線框的感應電動勢有效值為浮為

DMt=0時刻轉過60。的過程中，通過線框某截面的電荷量為粵

2R

【答案】CD

【解答】4￡=0時刻，由圖可知，磁通量為零，此時線圈平面與磁場平行，故彳錯誤；

8由圖可知在卯?刻，線框的磁通量最小為零，磁通量的變化率最大，根據法拉第電磁感應定律可知此時

感應電動勢最大，線框中的電流最大，故8錯誤；

C由圖可得磁通量的最大值為叱由周期為丁，所以角速度為3二軍，可知線框感應電動勢的最大值為

Em=NBS3=牛,由于此線框在磁場繞軸轉動時產生的電流為正弦交流電，故其電動勢的有效值為

￡=粵=返和，故C正確；

v2T

D從t=0時刻到轉過60。的過程中，根據g=九蕓可得通過線框某截面的電荷量為g='嗎…=繚1

故。正確。

故選CO。

9.如圖甲所示，螺線管P穿過一固定圓形線圈Q,P中通有變化電流i,規定如圖甲所示的電流方向為正，電

流隨時間變化的規律如圖乙所示，則下列說法正確的是（）

A右時刻，線圈Q有收縮的趨勢B.t2時刻，線圈Q中沒有電流

C6?殳，Q中電流在增大D上2?S，穿過Q的磁通量的變叱率增大

【答案】AC

【解析】G時刻，根據安培定則可知，螺線管P內部穿過線圈Q的磁場方向向下，螺線管P外部穿過線圈Q

6/12

的磁場方向向上，穿過線圈Q的總的磁通量方向向下，由題圖乙可知訂時刻P中電流減小，可知穿過線圈

Q向下的磁通量減小，根據楞次定律可知，線圈Q有收縮的趨勢，力正確；以時刻與門時刻的電流變化情

況相同，線圈Q中仍然有感應電流，〃錯誤；G?￡2時間內線圈Q中的感應電流大小為i=搟二率，因螺

線管P中電流變化率增大，即穿過Q的磁通量的變化率磬增大，則Q中電流在增大，C正確；以?門內，

螺線管P中電流的變化率減小，則穿過Q的磁通量的變化率減小，。錯誤。

10.如圖所示，正方形區域ABCD中有垂直于紙面向里的勻強磁場，M、N分別為AB、力。邊的口點，一帶正

電的粒子(不計重力)以某一速度從M點平行于4。邊垂直磁場方向射入并恰好從4點射出。現僅將磁場的

磁感應強度大小變為原來的右下列判斷正確的是()

A.粒子將從。點射出磁場

B.粒子在磁場中運動的時間不變

C.磁場的磁感應強度變化前、后，粒子在磁場中運動過程的動量變化量大小之比為口:1

D.若其他條件不變，繼續減小磁場的磁感應強度，粒子可能從C點射出

【答案】BC

【解析】設正方形的邊長為Q,由題意可知，粒子在磁場中做圓周運動的軌道半徑為今洛倫茲力提供向

心力，由牛頓第二定律得住8=加宇，解得r=瑞,當磁場的磁感應強度大小變為原來的3甘，粒子軌道

半徑變為原來的2倍，即全粒子將從N點射出，故力錯誤；由運動軌跡結合周期公式7=翳，可知，

當磁場的磁感應強度大小變為原來的：時，則7\=,粒子從力點離開磁場的情況下，在磁場中運動的時

間七1=泉粒子從N點圖開磁場的情況下,在磁場中運動的時間l2=爭可得％即粒子在磁場中

運動的時間不變，故3正確；磁場的磁感應強度變化前，粒子從磁場中運動過程的速度變化量大小為

2v,磁場的磁感應強度變為原來的之后，粒子在磁場中運動過程中的速度變化量大小為近，即速度變化

量大小之比為近：1,動量變化最大小之比為魚：1,故C正確；無論磁場的磁感應強度大小如何變化，只

要磁感應強度的方向不變，粒子都不可能從C點射出，故。錯誤。

實驗題：本大題共2小題，共16分。

7/12

11.（6分）“春分”學習小組的同學用一橫截面為半圓的透明玻璃磚來測定玻璃的折射率。同學們經過討論設

計的實驗裝置如圖所示。

（1）將玻璃磚放在位于水平桌面并畫有直角坐標系％0y的白紙上，使其底面圓心和直徑分別與。點（坐標原

點）和x軸重合，將一長直擋板緊靠玻璃磚并垂直于“軸放置。用激光器發出的激光從玻璃磚外壁始終指

向。點射入玻璃磚，從y軸開始向右緩慢移動激光器，直至恰好沒有激光從玻璃磚射出時，在白紙上記錄

激光束從玻璃磚外壁入射的位置P。此時沒有激光射至擋板上y<0區域的原因是0

（2）取走玻璃磚，過P點作y軸的垂線尸Q,用刻度尺測量PQ的長度L和玻璃磚的直徑D,則玻璃磚的折射率

n=（用L和。表示）c

（3）實驗小組的同學后來發現實驗過程中使用的刻度尺有瑕疵，實驗用尺（經歷過高溫）比標準刻度尺的尺

度偏大，但實驗用尺的刻度仍然是均勻的，由此測得的玻璃磚折射率將（填“偏大”“偏小”“不

變”或“無法確定”）o

【答案】激光束在玻璃磚直徑所在界面處發生了仝反射

D

2L

不變

【解析】（1）激光束經玻璃磚折射后照在擋板上yvo的區域內，入射角逐漸增大直至折射光線消失，折

射光線消失就是激光束在玻璃磚直徑所在界面處發生了全反射。（2）根據幾何關系可知，臨界角的正弦值

為sinC=^=與根據臨界角和折射率的關系/=熹可知，玻璃磚的折射率九=。。⑶玻璃磚的折射

率n二芻，雖然實驗用尺的尺度偏大，但其刻度仍然是均勻的，即用該尺確定L和。的比例是沒有影響的，

因此測得的結果不變。

12.（10分）某物理興趣小組設計了如圖甲所示的實驗裝置。在足夠大的水平平臺上的4點放置一個光電門,

其右側摩擦很小，可忽略不計，左側為粗糙水平面。當地重力加速度大小為g。實驗步驟如下：

8/12

2單位:cm

1020

乙

4.在小滑塊a上固定一個寬度為d的窄擋光片；

員用天平分別測出小滑塊a（含者光片）和小球b的質量m。、頻：

C.在a和b間用細線連接，中間夾一被壓縮了的輕短彈簧（與a、b不連接），靜止放置在平臺上：

D細線燒斷后，a、b瞬間被彈開，向相反方向運動：

￡記錄滑塊a通過光電門時擋光片的遮光時間t；

E小球b從平臺邊緣飛出后，落在水平地面的8點，用刻度尺測出平臺距水平地面的高度h及平臺邊緣鉛

垂線與8點之間的水平距離s：

G改變彈簧壓縮量,進行多次測量.

（1）用游標卡尺測量擋光片的寬度，如圖乙所示，則擋光片的寬度為mm.

（2）針對該實驗裝置和實驗結果，a經過光電門的速度大小為；b離開平臺水平速度%=

（3）該實驗要驗證“動量守恒定律”，則只需驗證a、b兩物體彈開后的動量大小滿足關系式_________即

司.（用上述實驗所涉及物理量的字母表示）：若該實驗的目的是求彈簧的最大彈性勢能，則彈簧的彈性勢

能為（用上述實險所涉及物理后的字母表示）.

【答案】3.80

d

7

【解析1解：（1）根據游標卡尺的讀數規則，精確度為0.05nun,故擋光片的寬度

d=3mm4-16x0.05mm=3BOrnzn；

（2）很短時間內的平均速度近似等于瞬時速度，a經過光電門的速度大小為

d

%

IL

b球離開平臺后做平拋運動，根據

1

h=尹步

s=vbt

聯立解得

%=S標

(3)根據題意，驗證動量守恒，應該驗證

mava=mbvb

因此動量守恒定律的表達式為

根據能量守恒定律，彈簧的彈性勢能轉化為a、b的動能，故彈性勢能大小為

1212

Ep=^mav^+-mkvi

代入數據整理得

F_m°d2m廬2g

p2t2+4/i0

故答案為：(1)3.80；(2冷s島;叭蓋；嘴+啥。

三.計算題：本題共3小題，共44分。解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟。只寫出

最后答案的不能得分。有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位。

13.(12分)由波源。形成的簡諧橫波在均勻介質中向左、向右傳播，如圖所示，介質中兩質點/、8位于波

源0兩側，且4、。、B的平衡位置在一條水平直線上，4、5的平衡位置到。的平衡位置的距離分別為

10m、6m.波源。從￡=0時刻開始在豎直方向上下振動，其位移隨時間變化的振動方程為y=20sin57rt

(cm),規定豎直向上為y軸正方向。當波源。第一次運動到波谷時，波剛好傳播到質點8,求：

---------?------------------?--------------?-----------

A0B

(1)該波的波長和波速：

(2)從1=0時刻到質點力第一次處于波峰的過程中，質點。運動的路程。

【答案】解：⑴根據波源。振動方程可知7=穿=0.4s

波源0第一次運動到波谷所需時間

該時間即為波傳播到8點所需時間，波源振動》時間內，波傳播的距離為%。因此波源。與質點B的距離

44

10/12

XQB=夕解得入=87n根據u=彳得u=20m/s

（2）機械波傳播到力質點所需時間￡i=等

A質點從開始振動到第一次到波峰所需時間以

從亡=0時刻到人質點第一次到波峰這個過程中，。質點運動時間打=亡1+4

綜合以上數據解得打=》

因此質點。運動路程s=6A=120cm

14.（15分）如圖所示，平面直角坐標系xOy面內，y軸右側第一象限內存在豎直向上的勻強電場，第四象限

內存在垂直于紙面向里勻強磁場。?帶電粒子以速度%從y軸上的時點（0,苧L）垂直于y軸射入電場，從N

點（未畫出）進入第四象限，恰好不穿過y軸而再I可到電場。已知粒子的質量為m,電荷量為q,勻強電場

場強大小為七二需貯，不計粒子重力，求：（1）N點的坐標；（2）勻強磁場的磁感應強度大小；（3）粒子

從M點開始到第三次到達x軸經歷的時間。

【答案】（1）粒子在電場中做類平拋運動q￡=ma,錚=；g2,無義二%門解得孫=3L,公=各

（2）粒子進入磁場時，速度方向與入軸正方向的夾角滿足tan。=等=和=30。速度大小u=懸=竽%

在磁場中，根據幾何關系R+Rcos60。=即根據洛倫茲力提供向心力=嗒聯立解得8=理鍛

（3）粒子在磁場中轉過的圓心角。=360°-60°=300。用時打=《7,尊^=苧紅由磁場射入電場到再

oOUoVQ

進入磁場過程￡3=2號=2等=2tl則粒子從M點開始到第三次到達無軸經歷的時間￡=。+